精品解析：2023届海南省高三下学期高考模拟二物理试题(解析版).pdf

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光滑小木板上端,,;,。实际测量时,,重力加速度g取2,所有计算结果保留两位有效数10m/s字。①该弹簧的劲度系数k=______N/m②实际测量时,,垂直电梯运行的加速度大小为______m/s2③如图2所示,将该加速度测量仪水平使用,,则水平加速度大小______m/s2【答案】①.需要②.C③.b④.10⑤.⑥.【解析】【详解】(1)①[1]若实验过程中不慎将活塞拔出针筒,针筒内封闭气体与外界相连,压强改变,无法继续实验,需要重做实验;②[2]设冰糖的体积为V,根据玻意耳定律0p(V?V)=C0则第15页/共25页:..1=VC+Vp01则V?图像为直线。p故选:C。1③[3]根据=VC+V,结合图像可知这颗冰糖的体积为b。p0(2)①[4]根据胡克定律?F1?=k=N/cm=10N/m?x31?30②[5]实际测量时,弹簧对小球的拉力F=?F=ma解得a=;③[6]将该加速度测量仪水平使用,,拉力仍为F==ma'解得a'=。小组同学先用如图甲所示的电路测量电1流表A的内阻,提供的实验器材有:(量程为1mA,内阻约为290?);(,内阻约为200?);(阻值为600Ω);(阻值为60?);第16页/共25页:..;;。(1)图甲中的电阻R应选用______(填“C”或“D”)。0(2)根据图甲,用笔画线代替导线,补充完成图乙中实物间的连线。()(3)正确连接线路后,闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片,获得多组A的示数I和A的示数I,将1122对应的数据在I?I坐标系中描点,作出I?I图像如图丙所示,A的内阻为______?(结果保留三位21211有效数字)。(4)给A串联一个阻值为______k?(结果保留三位有效数字)的定值电阻,可将A改装成量程为1115V的电压表V。(5)用标准电压表V与V并联进行校准。,,则V的实001际量程为______V(结果保留三位有效数字)。【答案】①.C②.③.300④.⑤.【解析】【详解】(1)[1]当电流表A、A满偏时,A并联的电阻约为121第17页/共25页:..IR1×10?3×290R=′A1A1=?=580?0I?×10?3?1×10?3A2A1图甲中的电阻R应选用C;0(2)[2]根据图甲,用笔画线代替导线,补充完成图乙中实物间的连线如图所示(3)[3]根据串并联电路特点和欧姆定律有IRI=I+1A121R0整理得R+RI=0A1I2R10根据图像可得R+==300?A1(4)[4]将A改装成量程为15V的电压表,需要串联的电阻为1U?IR15?×10?3×300=RVA1=A1=?14700=?×10?3A1(5)[5],,当V的示数为15V时,=R=?15500?×10?3则V的实际量程为第18页/共25页:..U=R?I=15500×=、计算题:本题共3小题,共36分。把解答写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。,有一救生员面向泳池坐在池边的高凳上,他的眼睛到地面的高度为H=,眼睛距离池边缘的水平距离为d=,当泳池注满水时,水的深度为h=,此时救生员可观察到池底离池边缘4最近的点为A,水池边缘与AO之间的范围为“视线盲区”.已知水的折射率为n=,光在真空中的速度3为c=3×108ms,求:(1)A点到池边缘的水平距离;(2)光在水中传播的速度.【答案】(1)x=;(2)=×108m/s【解析】γα【详解】(1)光线从A点射向人眼时在水面发生折射,设入射角为,折射角为,由几何关系可知d4=sinα=d2+H25折射现象中光路是可逆的,水的折射率sinα4n=sinγ3解得3sinγ=5而xsinγ=h2+x2解得第19页/共25页:..x=(2)光在水中传播的速度cv=n解得=×108m/、AB是一段光滑的四分之一圆弧,半径R=,BC是一段长度为d=,与圆弧相切于B点。BC与传送带相接于C点,传送带长L=1m,与水平面的夹角θ=37°,传送带以大小恒为6m/s速度逆时针转动,一质量为3kg的小物体m从A点释放,在B点与质量为1kg的小物体m12相碰后粘在一起,m、m与水平轨道和传送带之间的摩擦因数均为μ=,小物体过C点时速度大小不12变,过C点后直接开始滑动,且若C点速度为0时物体不会停留在C点。在传送带底端有一弹性档板,小物体与之相碰后,速度大小不变,方向反向。(g取10m/s2,=sin37°,=cos37°)。完成下列问题:(1)把m从A点静止释放,求m与m相碰前的一瞬间,m对B点的压力;1121(2)把m从A点静止释放,到m、m与档板第一次碰撞前的一瞬间,求m、m系统损失的机械能;11212(3)如果要求m、m还能回到A点,那么在A点时至少应给m多大的初速度。121300【答案】(1)90N,方向竖直向下;(2)40J;(3)m/s3【解析】【详解】(1)m从A点静止释放到与m相碰前的过程,根据机械能守恒121mgR=mv21210解得v=4m/s0根据牛顿第二定律第20页/共25页:..mv2F?mg=10N1R解得B点对m的支持力1F=90NN根据牛顿第三定律可知,m对B点的压力大小为90N,方向竖直向下。1(2)m、m系统损失的机械能等于系统克服摩擦力做功与碰撞过程损失机械能之和,碰撞过程根据动12量守恒m=v(m+m)v1012111?=Eμ(m+m)gd+μ(m+m)gcosθ?L+mv2?(m+m)v2**********解得?E=40J(3)所施加的初速度最小时,m、m回到A点时的速度为零,则由C到A过程121?μ(m+m)gd?(m+m)gR=?0(m+m)v21212212C解得m、m返回到C点的速度为12v=5m/sC所施加的初速度最小时,假设系统到D点时速度大于6m/s,则系统由D到C过程中,速度由v=6m/s到v=5m/s阶段加速度大小为Ca=gsinθ?μgcosθ=2ms21运动距离v2?v211=L=Cm>L12a41显然假设不成立,则系统到D点时速度小于6m/s,则系统由D到C过程摩擦力对系统做正功,对全过程,根据能量守恒1mv'2+μ(m+m)gcosθ?L=mgR+?E+μ(m+m)gd21012212解得第21页/共25页:..300v'=m/,真空中有一以O点为圆心的圆形匀强磁场区域,半径为R=,磁场方向垂直纸面向里。在y>R的区域存在一沿y轴负方向的匀强电场,电场强度为E=×105V/m。在M点(坐标原点)有一正粒子以速率v=×106m/s沿x轴正方向射入磁场,粒子穿出磁场进入电场,速度减小到0后又返回磁场,最q终又从磁场离开。已知粒子的比荷为=×107C/kg,不计粒子重力。求:m(1)圆形磁场区域磁感应强度的大小;(2)沿x轴正方向射入磁场的粒子,从进入磁场到再次穿出磁场所走过的路程。(3)沿x轴正方向射入磁场的粒子,从进入磁场到再次穿出磁场所经过的时间。?π??π?【答案】(1);(2)1+m;(3)2+×10?6s?????2??2?【解析】【详解】(1)根据题意可知粒子第一次垂直电场与磁场的界面射入电场中,运动轨迹如下图,故可知粒子在磁场中的轨迹半径为r=R同时根据粒子在磁场中运动洛伦兹力提供向心力有v2Bqv=mr代入数值联立解得B=(2)粒子射入电场到运动到最远处距离为d,根据动能定理有1Eqd=mv22解得第22页/共25页:..mv2=d=°?π?s=2??2πr+2d=1+m??360°?2?(3)粒子在电场中运动时间为t,加速度大小为a,有2vt=aEqa=m解得t=2×10?6s粒子在磁场中运动有2πBqv=m??vT即2πmT=Bq根据轨迹可知粒子在磁场中的运动时间为90°Tt′=2×T=360°2联立解得=t′5π×10?7s故从进入磁场到再次穿出磁场所经过的时间为?π?t=t+t′=2+×10?6s??总?2?第23页/共25页:..第24页/共25页:..第25页/共25页