2023年江苏省南京市高考物理考前训练试卷+答案解析(附后).pdf

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根据:,由于线框进、出磁场的两个过程磁通量变化量大小相等,则两个过程通过线框横截面的电荷量相等,故A错误;B、将线框的运动分解为水平方向和竖直方向两个分运动,可知线框竖直方向做自由落体运动,线框在进、出磁场的两个过程水平方向均做减速运动,则线框进入磁场过程所用时间小于线框离开磁场过程所用时间,竖直方向根据:可知线框进入磁场过程竖直方向的速度变化量小于线框离开磁场过程竖直方向的速度变化量;水平方向根据动量定理可得:由于线框进、出磁场的两个过程通过线框横截面的电荷量相等,则线框进、出磁场的两个过程水平方向的速度变化量相等,根据:,可知线框进入磁场过程中速度变化页,共20页:..量小于线框离开磁场过程中速度变化量,故正确;D、由于线框竖直方向做自由落体运动,且线圈进入磁场过程所用时间小于线框离开磁场过程所用时间,则线圈进入磁场过程下落高度小于线框离开磁场过程下落高度,根据,可知线圈进入磁场过程重力做的功小于线圈离开磁场过程重力做的功,故D错误;C、线框产生的热量等于克服安培力做的功,根据,由于线框进入磁场过程的水平速度大于离开磁场过程的水平速度,则线框进入磁场过程受到的安培力大于离开磁场过程受到的安培力,又两个过程线框通过的水平位移相同,则线框进入磁场过程克服安培做的功大于离开磁场过程克服安培做的功,可知线框飞出磁场过程中线框产生的热量少于线框进入磁场过程中线框产生的热量,故C错误。故选:B。表示出进入和穿出磁场过程中电荷量的表达式,从而可以比较进出通过的电荷量相等;把线框的运动分解为水平和竖直两个方向,在水平方向先确定进入和穿出的时间关系,再分别确定水平速度与竖直速度的变化关系,再确定合速度的变化关系;根据重力做功的公式结合上述结论比较重力功的大小;通过比较两个过程克服安培力做功的大小,来比较焦耳热的大小。本题考查了电磁感应和力学问题,要注意法拉第电磁感应定律与运动学公式的应用,特别是进入和穿出磁场时,安培力方向是水平向左的,这样才能确定进入和穿出磁场的时间大小。10.【答案】C【解析】解:物块第一次向左运动过程中,运动到受到的弹簧向左拉力与向右摩擦力大小相等时,合力为零,物块的速度最大,即解得,故物块第一次向左运动过程中,经过C点时速度不是最大,故A错误;,设弹簧压缩的长度为,根据能量守恒可得解得故B错误;物块最终停下时受力平衡,由A中分析可知整个过程损失的总机械能为页,共20页:..设整个过程木块运动的路程为,则解得结合B选项分析可知,物块最终停在C点右侧处,故C正确,D错误。故选:C。根据平衡条件推合力为零的位置;根据能量守恒推导向左最远点的位置;根据功能关系分析判断。要求掌握物块的受力情况和运动情况,掌握平衡条件、机械能守恒定律和功能关系。11.【答案】小于大于【解析】解:根据图a所示,可知多用电表的指针偏右,表明通过多用表的电流过大,待测电阻较小,为了减小读数误差,需要采用小挡位,即欧姆挡位应该换到挡。并联一个电阻箱阻值为校准电流表,应将改装表与标准表串联,为了安全,需要在校准电路中串联一个定值电阻,为了校准范围广泛,控制电路采用分压式,电路图如图所示根据背面内部结构图有,解得,如果电流表在量程是准确的,表明通过表头的电流是准确的,即电阻与的和值是准确的,使用量程时测量值总是小于真实值,表明此时通过表头的电流偏小,通过的电流偏大,可以判断的实际值小于理论值,的实际值大于理论值。故答案为:;;见解析;,;小于,大于。根据欧姆表的读数方法和注意事项分析判断;根据欧姆定律计算需要并联的电阻阻值;页,共20页:..根据实验要求画出实验电路图;根据闭合电路欧姆定律计算;根据电流表在量程是准确的判断通过表头的电流是准确的,即电阻与的和值是准确的,再结合题意分析。本题关键掌握测量电路和控制电路采用的方法和实验误差分析。12.【答案】解:由图知氢原子发出的可见光是由高能级向第二能级跃迁根据其中可得阴极逸出功为:代入数据解得:从的跃迁辐射光子能量最大,即最大初动能光电子到达阳极A的最大动能。答:阴极K逸出功为;若这群氢原子发出的所有光直接照射阴极K,当时,光电子到达阳极A的最大动能为。【解析】根据能级差,结合光电效应方程得出逸出功的大小;根据能级差公式得出光子的最大初动能,结合动能定理得出光电子的最大动能。本题主要考查了光电效应的相关应用,熟悉玻尔理论和能级差的计算公式,结合光电效应方程即可完成分析。13.【答案】解:第一个过程:根据热力学第一定律得:汽缸和活塞固定,气体体积不变,则有根据题意解得:第二个过程:根据热力学第一定律得:活塞可以自由滑动,该过程为等压变化,则有:页,共20页:..根据盖-吕萨克定律有解得:设气体的比热容为,则有:可得:,解得:答:第一个过程和第二个过程气体吸收的热量分别为和;气体在定容下的比热容与在定压下的比热容的差值为。【解析】根据热力学第一定律和盖-吕萨克定律求解吸收的热量的大小;根据比热容的定义式得出气体在两者情况下的比热容的差值。本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程,解题的关键点是分析出气体变化前后的状态参量,应用热力学第一定律,结合盖-吕萨克定律和比热容的定义即可完成分析。14.【答案】解:对粒子在加速电场中的加速过程,由动能定理得:解得:可见粒子的比荷越大,进入速度选择器的速度越大。对于在速度选择器中做直线运动的粒子,由受力平衡得:两粒子均带正电,粒子2沿下极板边缘射出,故其进入速度选择器时,受到的向上的洛伦兹力小于向下的电场力,而粒子1受到的洛伦兹力等于电场力,可知进入速度选择器时粒子1的速度大于粒子2的速度,可得粒子1的比荷较大,故粒子1为,粒子2为。可得:,解得:粒子2为,根据,可得进入速度选择器时的速度大小为:页,共20页:..对于粒子2在速度选择器中的运动过程,设其垂直极板和平行极板方向的速度分别为,,在平行极板方向上,以向右为正方向,应用动量定理可得:求和可得:,整理得:……①再由动能定理可得:变形为:……②①②两式联立可得:可得:进而解得:粒子进入偏转磁场后做匀速圆周运动,由洛伦兹力提供向心力得:解得:粒子1、2的轨迹半径分别为、,由前述解答可知:,粒子1、2的质量之比为,电荷量之比为,可得:已知粒子1恰好不能从右侧飞出,即其轨迹与有边界相切,可知偏转磁场的宽度等于,粒子2与粒子1的轨迹相交于右边界,如下图所示:页,共20页:..由几何关系可得:联立解得:由:,,联立解得:答:加速电场的电压为;速度选择器两板间距d为;右侧有界磁场的磁感应强度B为。【解析】先判断在速度选择器中做直线运动的是哪个粒子,在加速电场中的加速过程,由动能定理求得速度,对于在速度选择器中做直线运动的粒子,由受力平衡的条件求解;对于在速度选择器中非直线运动的粒子,在平行极板方向上,应用动量定理采用微元法,再结合动能定理,综合求解;先确定粒子1、2在偏转磁场做匀速圆周运动的半径关系,根据题设条由几何关系求得运动半径件,根据洛伦兹力提供向心力求解。本题考查了带电粒子在电磁场中运动问题,难度较大。尤其第二问中应用动量定理时,采用了微元法,可体会有洛伦兹力参与的曲线运动的解法。15.【答案】解:由牛顿第二定律可知,对A在拉力作用下向上加速:代入已知条件得:对于B:,即B静止由运动学公式得:解得:、B第一次碰撞时,A、B的速度:,A、B弹性碰撞后交换速度,故有:,B相对木板向上运动,由牛顿第二定律可知对于A:解得:页,共20页:..对于:解得:A、B速度相等时,相距最远,所用时间为,则有:第一次达到共速的时间为:A、B的间距相对位移:代入数据后得:第一次达到共速后,A加速,B匀速向上运动,第二次碰撞前:那么:所以:共速时有:第二次碰撞后:共速时有:即:第二次达到共速的时间为:相对位移:代入数据得:…………次类推可得:总的相对位移:代入数据得:可得:代入数据得:答:、B从运动到第一次碰撞的时间为;、B第一次碰撞后的最大距离为;相对木板滑动的过程中系统产生的热量为。页,共20页:..【解析】根据牛顿第二定律和运动学公式联合求解;根据质量相等两物体发生弹性碰撞的规律交换速度,结合运动学规律当两者速度相等时计算最大距离;根据碰撞和运动学规律推导时间表达式,再计算物块相对木板发生的位移,最后计算热量。关键掌握质量相等两物体发生弹性碰撞的规律,掌握根据碰撞和运动学规律推导时间表达式,再计算物块相对木板发生的位移和摩擦生热。页,共20页