2023年广东省潮州市高考物理二模试卷+答案解析(附后).pdf

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向y轴负方向振动。本题根据图形及题意结合波形平移法等进行分析求解。9.【答案】BC【解析】解:A、由于火花塞需要的电压为10000V,但是电源的电压为12V,所以必须要经过升压变压器才可以得到高的电压,所以变压器左边线圈的匝数小右边线圈的匝数。同时要注意变压器的左侧接的是直流电,当开关断开时,穿过铁芯中的磁通量减少,在两个线圈内都会产生感应电动势,该电动势的产生原理不同与理想变压器的互感,其中原线圈内的电动势为自感电动势,要大于原来的12V,所以该点火装置中变压器的原、副线圈匝数比不能等于3:1250,故A错误;B、变压器线圈中电流大,所用的导线应当越粗;副线圈电流小,所以原线圈用粗导线绕制,副线圈用细导线绕制,故B正确;C、若点火装置的开关若始终闭合,变压器就没有变化的磁通量,则不能工作,所以副线圈两端火花塞的两端也不会有高压,故C正确;D、接该变压器的初级线圈的电源不一定是交流电源,直流也可以,只要使磁通量发生变化就可以,故D错误。故选:BC。蓄电池的电压为12V,火花塞需要的电压为10000V,所以电路中需要的是升压变压器,再根据升压变压器的原理可得副线圈匝数大于原线圈匝数;结合感应电动势产生的原理分析。本题可以结合变压器的工作原理去分析,但又不完全与变压器相同,要注意不能简单套用变压器页,共16页:..的结论判断匝数比。10.【答案】【解析】解:A、由图可知,小汽车做匀速直线运动的位移:,通道是长为,则小汽车的长度:,故A正确;B、图象中小汽车加速过程的位移大小为:,故B正确;C、小汽车减速过程的加速度大小为:,故C错误;D、小汽车加速过程的加速度大小为:,可知图象中小汽车加速过程的加速度比减速过程的加速度小,故D错误。故选:AB。图象与时间轴所围的面积表示位移,由此求出位移,并结合几何关系求出车的长度;图象的斜率表示加速度。由此分析。解决本题的关键要掌握图象的意义,知道其斜率以及图线与横坐标之间面积的意义。11.【答案】偏小【解析】解:实物连线,如图由闭合电路欧姆定律,得由图像可得充电宝的电动势内阻由于电压表的分流,电流表的测量值比通过电源的电流偏小,所以电动势偏小,图像的斜率的绝对值偏小,内阻偏小。页,共16页:..故答案为:见解析;,;偏小。根据电路图连接实物图;根据闭合电路欧姆定律推导图像函数表达式,根据图像截距和斜率计算电源电动势和内阻;分析电压表造成的误差。本题考查测定电源电动势和内阻实验,要求掌握实验原理、实验电路和利用图像处理数据。12.【答案】控制变量法【解析】解:影响橡皮筋伸长量的因素涉及多个物理量,应使用控制变量法进行实验;用毫米刻度尺测长度时,读数时要估读到毫米的下一位,即,因此记录数据中出现错误的是,多估读了一位;由实验数据可知,橡皮筋“1、2”原长相同、受力相同,横截面积越大,伸长量越小,伸长量与横截面积成反比关系;橡皮筋“2、3”受力相同,横截面积相同,原长越大,伸长量越长,伸长量与原长成正比关系;橡皮筋“3、4”原长相同、横截面积,受力越大,伸长量越大,伸长量与力成正比关系;根据上述探究过程,橡皮筋的伸长量与相关因素可能的关系为;设比例系数为,则从中央剪断,弹簧原长变为,此时施加的力为2F,橡皮筋的伸长量量解得此时橡皮筋的长度为故答案为:控制变量法;;;。根据控制变量法由表中的数据分析判断弹簧的伸长量与其他物理量的关系;用毫米刻度尺测长度时,读数时要读到毫米的下一位,据此分析作答;由实验数据可知,分析橡皮筋“1、2”,得出伸长量与横截面积的关系;分析橡皮筋“2、3”,得出伸长量与原长的关系;分析橡皮筋“3、4”,得出伸长量与力的关系;最后得到弹簧伸长量的可能关系式;根据得到的表达式进行计算。本题考查了探究影响橡皮筋伸长量的有关因素的实验,要求掌握实验原理、实验装置、实验步骤和数据处理。页,共16页:..13.【答案】解:根据题意分析可知,窑内气体做等容变化初状态,末状态,求根据查理定律列式,代入数据解得,即为;答:排气阀开始排气时,窑内气体温度为。【解析】根据气体做等容变化,由查理定律列式求解。该题考查气体做等容变化过程中,学生对查理定律的应用,基础题。14.【答案】解:①光线从点射向人眼时在水面发生折射,设入射角为r,折射角为i由几何关系可知则水的折射率联立代入数据解得②根据光的传播速度与折射率的关系可知答:①A点到池边缘的水平距离为;②光在水中传播的速度为。【解析】①根据光的折射定律结合几何关系解得A点到池边缘的水平距离;②作根据光的传播速度与折射率的关系解答。本题是折射定律的应用问题,根据几何知识与折射定律结合进行处理,注意光速与折射率的关系。15.【答案】解:滑板爱好者和滑板甲从A点到B点,利用动能定理有:代入数据,可得滑板爱好者从滑板甲跳到滑板乙过程动量守恒,取向右为正方向,则有:两滑板均恰好能到达D点,可知两滑板到达D点的速度恰好为零,所以联立方程,可得页,共16页:..滑板乙从点到C点利用动能定理可得:代入数据,可得滑板乙在下滑过程中经过圆弧最低点时,由牛顿第二定律有:代入数据,可得由牛顿第三定律可知滑板乙对C点压力答:圆弧CD的半径为;滑板乙在下滑过程中经过圆弧最低点时,对C点压力的大小为100N。【解析】利用动能定理求出滑板爱好者和滑板甲到达BC面速度大小,滑板爱好者从滑板甲跳到滑板乙过程动量守恒,由“滑板爱好者与滑板乙保持相对静止,此后两滑板沿同一方向运动且均恰好能到达D点”可知,滑板爱好者跳到滑板乙上后,三者的速度相等,由“滑板乙由静止从D点到C点”、“两滑板均恰好能到达D”可知滑板乙刚到BC水平面的速度大小与滑板爱好者跳到滑板乙后的速度大小相等,滑板乙从D点到C点利用动能定理,联立方程可得圆弧轨道的半径;在C点利用牛顿第二定律可得滑板乙受到的支持力大小,利用牛顿第三定律可得滑板乙对C点的压力大小。本题考查了动量守恒、动能定理、牛顿第二定律,解题的关键是滑板乙滑到C点的速度大小与滑板爱好者跳到滑板乙后三者的速度大小相等。16.【答案】解:小球在第一象限有则得即小球在第二象限内沿与x轴成角进入第三象限,有BO间距离为由动能定理得得小球在第三像限做匀速圆周运动,由页,共16页:..得运动轨迹如图由几何关系得又得则小球由点运动到B点的过程竖直方向,有解得小球做匀速圆周运动周期为小球从B点到C点的过程中所用时间为页,共16页:..小球从点到N点的过程做类平抛运动,有垂直速度方向沿速度方向由几何关系可知联立解得总时间答:小球第一次通过x轴时的速度为;匀强电场场强和匀强磁场磁感应强度B大小的比值为;小球从出发运动至N的时间为。【解析】小球在第一象限有,结合动能定理求小球第一次通过x轴时的速度;小球在第三像限做匀速圆周运动,由运动轨迹图结合几何关系求解匀强电场场强和匀强磁场磁感应强度B大小的比值;小球由A点运动到B点的过程竖直方向,有,小球从C点到N点的过程做类平抛运动,结合几何关系求解小球从出发运动至N的时间。本题结合运动学公式,匀速圆周运动,考查了带电粒子的在混合场的运动,容易混淆运动过程,学生在分析这类问题时,一定要分过程各个击破。页,共16页