2024学年物理高三上期末综合测试模拟试题含解析.pdf

该【2024学年物理高三上期末综合测试模拟试题含解析 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【14】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2024学年物理高三上期末综合测试模拟试题含解析 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..山西省运城市康杰中学2023-2024学年物理高三上期末综合测试模拟试题考生须知:,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。“答题纸”上先填写姓名和准考证号。,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,平行板a、b组成的电容器与电池E连接,平行板电容器P处固定放置一带负电的点电荷,平行板b接地。现将电容器的b板向下稍微移动,则()、如图所示,等量异种点电荷连线水平,O为两点电荷连线的中点,点A与B、B与C分别关于O点和水平连线对称。下列说法正确的是(),,电荷电势能一直减小3、一带电粒子从电场中的A点运动到B点,其运动轨迹如图中虚线所示,若不计粒子所受重力,下列说法中正确的是():..、如图,两束单色光A、B分别沿半径方向由空气射入半圆形玻璃砖,出射时合成一束复色光P,,A光的临界角较小5、如图所示,AB是固定在竖直平面内的光滑绝缘细杆,A、B两点恰好位于圆周上,杆上套有质量为m、电荷量为+q的小球(可看成点电荷),第一次在圆心O处放一点电荷+Q,让小球从A点沿杆由静止开始下落,通过B点时的速度为v,加速度为a;第11二次去掉点电荷,在圆周平面加上磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场,让小球仍从A点沿杆由静止开始下落,经过B点时速度为v,加速度为a,则()<><>a121212126、一质点在xOy平面内运动轨迹如图所示,下列判断正确的是(),则x方向可能先加速后减速:..,则x方向可能先减速后反向加速二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、,、气体的摩尔质量和密度,,将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外,,,则分子间的引力和斥力均增大8、下列关于振动和波的说法,正确的是。,,,,如果两列波波峰在某质点相遇,,可将蓝光换成红光9、如图所示,OO是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线,A、B是关于OO轴1212等距且平行的两束不同单色细光束,从玻璃体右方射出后的光路如图所示,MN是垂直于OO放置的光屏,沿OO方向不断左右移动光屏,可在屏上得到一个光斑P,根据1212该光路图,下列说法正确的是(),,,其频率变高10、如图,地球与月球可以看作双星系统它们均绕连线上的C点转动在该系统的转动平面内有两个拉格朗日点L2、L4(位于这两个点的卫星能在地球引力和月球引力的共同:..作用下绕C点做匀速圆周运动,并保持与地球月球相对位置不变),L点在地月连线的2延长线上,L点与地球球心、“鹊4桥”中继卫星位于L点附近,它为“嫦娥四号”,“鹊桥”,::“鹄桥”中继卫星的大三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)图甲是某同学验证动能定理的实验装置。其步骤如下:,用轻绳通过滑轮连接在小车上,小车连接纸带。合理调整木板倾角,让小车沿木板匀速下滑。,测出易拉罐和细沙的质量m以及小车质量m。,换一条纸带,让小车由静止释放,打出的纸带如图乙(中间部分未画出),O为打下的第一点。己知打点计时器的打点时间间隔为T,重力加速度为g。(1)步骤C中小车所受的合外力大小为___(2)为验证从O—C过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系,测出BD间的距离为x,OC间距离为x,则C点速度大小为___,需要验证的关系式为____(用所测物理12量的符号表示)。12.(12分)如图所示,在用“插针法”测定平行玻璃砖的折射率实验中:测定平行玻璃砖的折射率实验中::..(1)下列措施对提高实验精度没有作用的是________。(2)下列因素对Δy大小没有影响的是________。、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)高铁在改变人们出行和生活方式方面的作用初步显现。某高铁列车在启动阶段的运动可看作在水平面上做初速度为零的匀加速直线运动,列车的加速度大小为a。已知该列车(含乘客)的质量为m,运动过程中受到的阻力为其所受重力的k倍,重力加速度大小为g。求列车从静止开始到速度大小为v的过程中,(1)列车运动的位移大小及运动时间;(2)列车牵引力所做的功。14.(16分)如图所示,一不计电阻的导体圆环,半径为r、圆心在O点,过圆心放置一长度为2r、电阻为2R的均匀辐条,辐条与圆环接触良好。现将此装置的一部分置于磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场中,磁场边界恰好与圆环的直径在同一直线上。现使辐条以角速度ω绕O点顺时针转动,右侧电路通过电刷与辐条中心和圆环的边缘良好接触,R=R,右侧为水平放置的足够长的光滑平行导轨,间距1:..为2r,导轨之间有垂直导轨平面向里、磁感应强度大小也为B的匀强磁场,质量为m、电阻为R的导体棒ab垂直放置在导轨上且接触良好,不计其他电阻。(1)若S闭合,S断开时,求理想电表的示数;1(2)若S、S都闭合,求出导体棒ab能够获得的最大速度v;1m(3)在导体棒ab加速过程中通过的电荷量q。15.(12分)如图所示为回旋加速器的结构示意图,匀强磁场的方向垂直于半圆型且中空的金属盒D和D,磁感应强度为B,金属盒的半径为R,两盒之间有一狭缝,其间12距为d,且R?d,两盒间电压为U。A处的粒子源可释放初速度不计的带电粒子,粒子在两盒之间被加速后进入D盒中,经半个圆周之后再次到达两盒间的狭缝。通过电源1正负极的交替变化,可使带电粒子经两盒间电场多次加速后获得足够高的能量。已知带电粒子的质量为m、电荷量为+q。(1)不考虑加速过程中的相对论效应和重力的影响。①求粒子可获得的最大动能E;km②若粒子第1次进入D盒在其中的轨道半径为r,粒子第2次进入D盒在其中的轨道111半径为r,求r与r之比;212③求粒子在电场中加速的总时间t与粒子在D形盒中回旋的总时间t的比值,并由此12分析:计算粒子在回旋加速器中运动的时间时,t与t哪个可以忽略?(假设粒子在电12场中的加速次数等于在磁场中回旋半周的次数);(2)实验发现:通过该回旋加速器加速的带电粒子能量达到25~30MeV后,就很难再加速了。这是由于速度足够大时,相对论效应开始显现,粒子的质量随着速度的增加而增大。结合这一现象,分析在粒子获得较高能量后,为何加速器不能继续使粒子加速了。:..参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】,故两板间的电势差不变,B板下移,则板间距离d增大,则板间电场强度E变小,由F=Eq可知电荷所受电场力变小,故A错误;,则板间电场强度E变小,由U=Ed知,P与a板的电压减小,而a的电势不变,故P的电势升高,由E=qφ而q为负值,故电势能减小,故B正确,CP错误;?=CU,又有C?,故C减小,Q减小,故D错误。4?kd2、D【解析】,A点电势高于C点,C点电势等于B点电势,可知点A的电势高于B点电势,选项A错误;,点A与C的场强大小相同,但是方向不同,选项B错误;,电场力做负功,选项C错误;,电场力做正功,则电荷电势能一直减小,选项D正确;故选D。3、B【解析】,带电粒子受电场力的方向沿电场线向右,与电场强度方向相同,故粒子带正电,故A错误;,可知,粒子的初速度不为零,否则运动轨迹与电场力共线,故B正确;,A点电势比B点电势高,带正电的粒子在A点的电势能大于B点的电势能,由能量守恒可知,粒子在A点的动能比B点的小,,电场强度大,电场力大,加速度大,所以粒子的加速度先增大后:..减小,故D错误。故选B。4、A【解析】由题图可知,玻璃砖对B光的折射程度大,则n>n,故B光的频率较大,故A正确、BAC错误;由v=c/n知,在玻璃砖中,v<v,故B错误;两种单色光由玻璃射向空气时,BA由于sinC=1/n,所以,C<C,故D错误;故选A。BA5、D【解析】,第一次小球从A点由静止运动到B点的过程中,库仑力对小球做功的代数和为零,根据动能定理,得1mgh?mv221第二次小球从A点由静止运动到B点的过程中,洛伦兹力不做功,根据动能定理,得1mgh?mv222所以v?v,故AB错误;,库仑力有竖直向下的分量,小球受的竖直方向的合力F>mg,由牛顿第二定律可知,小球经过B点时的加速度a>g,小球第二次经过B点11时,由左手定则可知,洛伦兹力始终与杆垂直向右,同时杆对小球产生水平向左的弹力,水平方向受力平衡。竖直方向只受重力作用,由牛顿第二定律可知,小球经过B点时的加速度a=g,所以a>a,故C错误,D正确。212故选D。6、D【解析】,合力大致指向轨迹凹的一侧,则加速度大致指向轨迹凹的一侧,由图可知:x轴方向有分加速度,所以x轴方向不可能匀速,y方向可能有分加速度,故质点沿y方向可能做变速运动,也可能做匀速运动,故A、B错误;,则合力在水平方向,合力指向轨迹的凹侧可知合力水平向左,因此物体在水平方向先向右减速后向左加速,C错误,D正确。故选D。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得:..0分。7、BDE【解析】,气体温度升高,分子的平均动能增加,分子的平均速率增大,不是每个气体分子运动的速率都增大,故A错误;、气体的摩尔质量和密度,可求出气体的摩尔体积,然后求出每个气体分子占据的空间大小,从而能求出气体分子间的平均距离,故B正确;,将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外,产生了其他影响,即消耗了电能,所以不违背热力学第二定律,故C错误;,附着层内分子间作用表现为斥力,附着层有扩展趋势,液体与固体间表现为浸润,故D正确;,则分子间的引力和斥力均增大,、ACE【解析】,根据波的形成原理可知,空气中各点有相同的振动频率,故A正确;,水面上各点不会随着波传播方向而移动,故B错误;,容易发生明显的衍射现象,故C正确;,如果两列波波峰在某点相遇时,则该质点位移此时最大,然后会变小,当平衡位置相遇时,则位移为零,故D错误;?x=?,可知,为了增大干涉条纹间距,可将蓝光换成红d光,即波长变长,故E正确。故选ACE。9、ACD【解析】,A光的偏折程度比B光的小,则该玻璃体对A光的折射率比对B光的折射率小,而折射率越大,光的频率越高,说明A光的频率比B光的频率低,由c=λγ知,在真空中,A光的波长比B光的长,故A、D正确,B错误;,在玻璃体中的波长为λ,折射率为n,则0:..c?n??0,v?得:???0n在真空中,A光的波长比B光的波长长,而玻璃体对A光的折射率比对B光的折射率小,由λ=λ/n知,在该玻璃体中,;,与介质无关,则A光从空气进入该玻璃体后,、AC【解析】mMA项:由公式G?F可知,地球和月球对监测卫星的引力之比为等于地球的质量r2与月球的质量之比即为81:1,故A正确;B项:设地球球心到C点的距离为r,月球球心到C点的距离为r,对地球有:12mMG地?M?2rL2地1mMG月?M?2rL2月2Mr81联立解得:地=2?,故B错误;Mr1月1GMMGMmC项:对月球有:地月=Ma,对监测卫星有:地球对监测卫星的引力地,L2月L2GMm月球对监测卫星的引力月,由于两引力力的夹角小于90o,所以两引力的合力大L2GMmGM于地,由公式a?可知,监测卫星绕C点运行的加速度比月球的大,故CL2L2正确;D项:由于监测卫星绕C点运行的加速度比月球的大,所以监测卫星绕C点运行的周期比月球的更小,由于月球的周期与“鹄桥”中继卫星的相等,所以监测卫星绕C点运行的周期比“鹄桥”中继卫星的小,、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。:..xmx211、(1)mg;(2)1,mgx?211122T8T2【解析】(1)[1]小车匀速下滑时受到重力、支持力、摩擦力和轻绳的拉力,合力为零;撤去拉力后,其余力不变,故合力等于撤去轻绳的拉力,而轻绳的拉力等于易拉罐和细沙的重力,所以小车所受的合外力为mg;1(2)[2]匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度,故xv?1;C2T[3]动能增量为:1mx2?E?mv2?21,k22C8T2合力的功为:W?mgx,12需要验证的关系式为:mx2mgx?21128T212、DC【解析】(1)[1]增大α角,PP距离适当大一些,选用较厚的玻璃砖都可以提高精度,OP距离122小一些不会提高精度,ABC错误,D正确。故选D;(2)[2]直接根据图中的光路分析可得,PP间的距离对于Δy无影响,ABD错误,C正12确;故选C。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。v2vmv213、(1)x?,t?;(2)W?(kg?a)2aa2a【解析】(1)由速度位移的关系式得v2=2ax:..解得列车运动的位移为v2x?2a由速度公式得v=at解得vt?a(2)由动能定理得1W?kmgx?mv2?02解得mv2W?(kg?a)2aBr2?11m?14、(1)I=,U=Br2?(2)v=r?(3)q=m6R61632B【解析】(1)由题意知,在磁场内部的半根辐条相当于是电源,由右手定则可知辐条中心为负极,与圆环边缘接触的一端为正极,且始终有长为r的辐条在转动切割磁感线,内电阻为R产生的感应电动势大小为:1E=Br2?2若S闭合,S断开时,总电阻为:113R?=R?R=R22理想电流表的示数为:1EBr2?I=?=2R?6R理想电压表的示数为:1U=I?R?Br2?6(2)若S、S都闭合,导体棒ab获得最大速度v时,安培力为零,产生的感应电动1m势为:E??B?2rvm又知导体棒ab上分得电压为::..1U=Br2?ab8故有:1E??U?Br2?ab8解得:1v=r?m16(3)在导体棒ab加速过程中,设瞬间流过的电流为i,取很短时间为?t,安培力为:F=Bi?2r根据:q=iΔt动量定理:I=Δp得:FΔt=mvm整理后有:m?q=32Bq2B2R212d15、(1)①;②;③,t可以忽略;(2)见解析?12m3R【解析】(1)①粒子离开回旋加速器前,做的还是圆周运动,由洛仑兹力提供向心力,根据牛顿第二定律可得v2qvB?mmR1E?mv2km2m解得q2B2R2E?km2m②设带电粒子在两盒间加速的次数为N,在磁场中有v2qvB?mr在电场中有:..1NqU?mv22第一次进入D盒中N=1,第二次进入D盒中N=3,可得11r11?r32③带电粒子在电场中的加速度为qEqUa??mmd所以带电粒子在电场中的加速总时间为vBdRt?m?1aU设粒子在磁场中回旋的圈数为n,由动能定理得12nqU?mv22m带电粒子回旋一圈的时间为2πmT?qB所以带电粒子在磁场中回旋的总时间为πBR2t?nT?22Ut2d1?tπR2已知R>>d可知t??t,所以t可以忽略。121(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动周期为2πmT?qB对一定的带电粒子和一定的磁场来说,这个周期是不变的。如果在两盒间加一个同样周期的交变电场,就可以保证粒子每次经过电场时都能被加速,当粒子的速度足够大时,由于相对论效应,粒子的质量随速度的增加而增大,质量的增加会导致粒子在磁场中的回旋周期变大,从而破坏了与电场变化周期的同步,导致无法继续加速。