2023年上海市杨浦区兰生复旦中学中考化学二模试卷+答案解析(附后).pdf

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】B页,共19页:..【解析】解:A、氢氧化钠固体具有吸水性,但能与二氧化碳反应,不但能把杂质除去,也会把原物质除去,不符合除杂原则,故选项所采取的方法错误。B、HCl能与过量的碳酸钙反应生成***化钙、水和二氧化碳,再过滤除去过量的碳酸钙,能除去杂质且没有引入新的杂质,符合除杂原则,故选项所采取的方法正确。C、***化钠溶液中含有少量的***钾,***钾含量较少,不能形成饱和溶液,用降温结晶的方法分离不出***钾,不能除去杂质,不符合除杂原则,故选项所采取的方法错误。D、CO和均能与灼热的CuO反应,不但能把杂质除去,也会把原物质除去,不符合除杂原则,故选项所采取的方法错误。故选:B。根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法,所谓除杂提纯,是指除去杂质,同时被提纯物质不得改变。除杂质题至少要满足两个条件:①加入的试剂只能与杂质反应,不能与原物质反应;②反应后不能引入新的杂质。物质的分离与除杂是中考的重点,也是难点,解决除杂问题时,抓住除杂质的必需条件加入的试剂只与杂质反应,反应后不能引入新的杂质是正确解题的关键。13.【答案】C【解析】解:A、CaO、、都是含氧化合物,CaO属于氧化物,、均含有三种元素,不属于氧化物,故选项说法错误。B、转化③是氧化钙转化为氢氧化钙,氧化钙和水反应生成氢氧化钙,与稀盐酸反应生成***化钙和水,不能生成氢氧化钙,故选项说法错误。C、转化⑥是氢氧化钙转化为碳酸钙,可以是碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠,该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应,属于复分解反应,故选项说法正确。D、转化④是氢氧化钙转化为***化钙,不一定是中和反应,也可能是氢氧化钙和***化铜反应生成氢氧化铜沉淀和***化钙等,故选项说法错误。故选:C。A、氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物。B、根据转化③是氧化钙转化为氢氧化钙,进行分析判断。C、根据转化⑥是氢氧化钙转化为碳酸钙,进行分析判断。D、根据转化④是氢氧化钙转化为***化钙,进行分析判断。本题难度不大,熟练掌握酸碱盐的化学性质、复分解反应的特征等是正确解答本题的关键。14.【答案】C页,共19页:..【解析】解:,A物质在T时刻减少了12g,反应结束减少了4g,T时刻前后反应物减少的质量比是12::1,::1,::1,::1,A、,,,故A错误;B、该反应的方程式没有配平,不符合质量守恒定律,所以丙分子不能确定,故B错误;C、,16:::,故C正确;D、没有化学方程式,不知道各物质的化学计量数,所以生成丙与丁的物质的量之比不能确定,故D错误。故选:C。根据化学反应前后,元素种类不变,参加反应的各物质质量总和等于生成的各物质质量总和进行分析。本题主要考查了质量守恒定律的应用和微观图示的分析,难度不大,在平时的学****中加强训练即可解答。15.【答案】A【解析】解:A、向质量分数为的盐酸中滴加氢氧化钠溶液,氢氧化钠与稀盐酸反应的化学方程式为,由于恰好完全反应时,消耗的氢氧化钠溶液的体积为,由于不知溶液的密度,无法确定氢氧化钠溶液的质量分数,故选项说法错误。B、由溶液中的pH变化图,a、b点对应溶液的pH:,故选项说法正确。C、中和反应属于放热反应,c点时恰好完全反应,c点时溶液温度最高,故选项说法正确。D、c点时恰好完全反应,d点是恰好完全反应后继续向溶液中滴加氢氧化钠溶液,则c、d点对应的***化钠质量:,故选项说法正确。故选:A。A、根据恰好完全反应时,消耗的氢氧化钠溶液的体积为,进行分析判断。B、根据溶液中的pH变化,进行分析判断。C、根据c点时恰好完全反应,进行分析判断。D、根据c点时恰好完全反应,d点是恰好完全反应后继续向溶液中滴加氢氧化钠溶液,进行分析判断。本题难度不是很大,主要考查了中和反应及其应用,掌握溶液的酸碱性和溶液pH大小之间的关页,共19页:..系、从数形结合的角度理解中和反应是正确解答本题的关键。16.【答案】AB【解析】解:A、图中实验,只有水中有固体剩余,说明相同溶质在不同溶剂里的溶解性是不同的,故选项说法正确。B、蜡烛由低到高依次熄灭,说明了密度比空气的大;蜡烛熄灭,说明了二氧化碳不能燃烧,也不能支持燃烧,故选项说法正确。C、左试管中的铁钉能与氧气、水充分接触,能生锈;右试管中的铁钉只能与空气接触,不生锈;说明铁生锈的条件之一是与水接触,而不是只需与水接触铁钉就会生锈,故选项说法错误。D、烧杯中饱和的澄清石灰水变浑浊,不能说明与NaOH中和反应放出热量,也可能是氢氧化钠固体溶于水放热造成的,故选项说法错误。故选:AB。A、除探究要素不同之外,其它条件都应该是相同的。B、根据蜡烛由低到高依次熄灭,进行分析判断。C、根据铁锈蚀的条件,进行分析判断。D、根据氢氧化钠固体溶于水放热,进行分析判断。本题难度不是很大,化学实验方案的设计是考查学生能力的主要类型,同时也是实验教与学难点,在具体解题时要对其原理透彻理解,可根据物质的物理性质和化学性质结合实验目的进行分析判断。17.【答案】AC【解析】解:由题意和图示可知,向铁粉中先加入100g稀硫酸,参加反应的铁的质量为,则与硫酸铜反应的铁的质量也为,设稀硫酸中溶质的质量为x,5698则稀硫酸中硫酸的质量分数为:。设生成铜的质量为y,5664页,共19页:..A、由上述分析可知,a点时,稀硫酸完全反应,铁有剩余,故选项说法错误。B、由上述分析可知,稀硫酸中硫酸质量分数为,故选项说法正确。C、在b点时,硫酸铜与铁未反应完,b点对应的剩余固体中有铜和铁,故选项说法错误。D、由上述计算可知,m为,故选项说法正确。故选:AC。根据向铁粉中先加入稀硫酸,铁和稀硫酸反应生成了硫酸亚铁和氢气,固体的质量减小;再加入一定量的硫酸铜溶液,铁和硫酸铜反应生成了硫酸亚铁和铜,固体的质量增加来分析。本题的综合性较强,难度较大,熟练掌握金属活动性顺序的应用和根据化学方程的计算是正确解答本题的关键。18.【答案】化合反应有机物8分子之间的间隔增大【解析】解:①火箭外壳中含有铝,它会在空气中会形成致密的保护层,发生的反应是铝和氧气反应生成氧化铝,化学方程式为:。火箭推进剂采用液氧、液氢,液氧和液氢在点燃的条件下生成水,该反应符合多变一的特征,反应的基本类型是:化合反应。②火星大气含微量甲烷,甲烷由碳、氢两种元素组成,则属于有机物;1摩尔甲烷中含有个甲烷分子,则中约含个甲烷分子,一个甲烷分子中含有一个碳原子,则中约含个碳原子;甲烷的摩尔质量是,则的质量为。③携带加压氧气罐。液氧汽化的过程微观上发生改变的是分子之间的间隔增大。使用氧气发生器。发生器中装有和催化剂,若其反应类似实验室制氧气,则该反应是***酸钠在催化剂和加热的条件下生成***化钠和氧气,反应的化学方程式为:。故答案为:①;化合反应;②有机物;;8;③分子之间的间隔增大;。页,共19页:..①根据铝和氧气反应生成氧化铝来分析;根据液氧和液氢在点燃的条件下生成水来分析;②根据甲烷由碳、氢两种元素组成,中约含个甲烷分子,一个甲烷分子中含有一个碳原子,以及甲烷的摩尔质量是来分析;③根据液氧汽化的过程微观上发生改变的是分子之间的间隔增大来分析;根据***酸钠在催化剂和加热的条件下生成***化钠和氧气来分析。本题是材料信息题,难度不大,根据所学知识,结合题中信息,认真分析即可解答。19.【答案】降温结晶ACB【解析】解:时,***钾的溶解度为110g,设32g***钾形成饱和溶液只需要水的质量为x,,,则蒸发水的质量为:;当其他条件不变时,50***中溶解32g***钾能达到泡和,说明溶解度应该小于等于64g,对照表格发现,时***钾的溶解度恰好为64g。故答案为:;;因为***钾的溶解度随温度的升高而变大,***化钠的溶解度随温度变化很小,所以当***钾溶液中含有少量NaCl时,可通过降温结晶的方法提纯;A、饱和溶液是指在一定温度下,不能再溶解这种溶质的溶液,既然有晶体析出,剩余的溶液一定是***钾的饱和溶液,正确;B、剩余溶液不一定是当时NaCl的不饱和溶液,错误;C、该方法不能将两物质完全分离,析出的晶体中可能含有NaCl,正确;D、析出的晶体中可能含有NaCl,错误;故选:AC;故答案为:降温结晶;AC;***钾的不饱和溶液蒸发5***时析出晶体为ag,蒸发10***时析出晶体为bg,可知***钾饱和溶液蒸发5***时析出晶体为,那么***钾饱和溶液蒸发10***时析出晶体为,蒸发15***时析出晶体为cg,得出***钾饱和溶液蒸发10***时析出晶体为,列式为,得,故选:B。根据***钾的溶解度表格分析;根据***钾的溶解度随温度的升高而升高,氧化钠的溶解度随温度变化很小分析;根据***钾饱和溶液蒸发5***时析出晶体为,***钾饱和溶液蒸发10***时析出晶体为,蒸发15***时析出晶体为cg列式计算。要想解答好这类题目,首先,要熟记和理解固体溶解度的概念、意义和有关计算方法,饱和溶液和不饱和溶液的概念、特点及其针对性,溶解现象、原理和溶解过程,物质的溶解和结晶,固体溶解度的影响因素及其随温度的变化情况,以及固体溶解度曲线及其使用等相关知识;然后,根据所给的实验、问题情景或图表信息等,细致地阅读、分析题意等,联系着生活实际,细心地进页,共19页:...【答案】铁;引流;向溶液中加入镁,观察有无气泡产生;硫酸铜【解析】解:镁、铁、铜三种金属中,只有铁能被磁铁吸引,则操作①中被磁铁吸引的金属A是铁;步骤②所涉及的反应是镁和稀硫酸反应生成硫酸镁和氢气,反应的化学方程式为:。操作a是将固体和液体分离,则操作a是过滤,过滤的过程中需要使用玻璃棒,其作用是引流。步骤②是加入适量稀硫酸和镁反应,判断步骤②是否适量的做法是:向溶液中加入镁,观察有无气泡产生;若没有稀硫酸,还可以利用金属与盐溶液的反应,则可以加入适量的硫酸铜溶液,镁和硫酸铜反应生成硫酸镁和铜,也能达到实验目的。实验目的是从含有金属镁、铁、铜的粉末中,分离和提取出重要化工原料和铁、铜。A、溶液和镁反应生成硫酸镁和铁,过滤后固体中只剩下铁和铜,再用磁铁将铁吸出,即可得到铜,故选项正确。B、稀硫酸和镁反应生成硫酸镁和氢气,和铁反应生成硫酸亚铁和氢气,过滤后固体中只剩下铜,溶液中有硫酸镁和硫酸亚铁,再向溶液中加入镁,镁和硫酸亚铁反应生成硫酸镁和铁,过滤即可分离,故选项正确。C、溶液和镁反应生成硫酸镁和铜,和铁反应生成硫酸亚铁和铜,过滤后固体中只剩下铜,溶液中有硫酸镁和硫酸亚铁,再向溶液中加入稀硫酸不反应,不能得到铁和硫酸镁,故选项错误。D、稀硫酸和镁反应生成硫酸镁和氢气,和铁反应生成硫酸亚铁和氢气,过滤后固体中只剩下铜,溶液中有硫酸镁和硫酸亚铁,再向溶液中加入铁不反应,不能得到铁和硫酸镁,故选项错误。故选:AB。故答案为:铁;;引流;向溶液中加入镁,观察有无气泡产生;;。镁、铁、铜三种金属中,只有铁能被磁铁吸引,则经过磁铁吸引后得到的金属A是铁,另外两种金属是镁和铜;向镁和铜中加入适量的稀硫酸,镁和稀硫酸反应生成硫酸镁和氢气,铜和稀硫酸不反应,则进过过滤之后得到的金属B是铜,溶液中的溶质是硫酸镁;硫酸镁溶液蒸发之后得到硫酸镁固体;据此分析解答。页,共19页:..本题主要考查物质的性质,解答时要根据各种物质的性质,结合各方面条件进行分析、判断,从而得出正确的结论。21.【答案】点燃答案合理即可白色粉末变蓝溶液酚酞试液与CuO反应,生成水的同时会生成二氧化碳,而E增重,说明有CO与CuO反应生成了,因此,原气体中含有CO有【解析】解:由于不确定一氧化碳是否有剩余,因此需要进行尾气处理,所以可以点燃,也可以增加收集装置,因此答案合理即可;故答案为:点燃答案合理即可。气体先要验证是否存在水,所以先经过无水硫酸铜,然后确定二氧化碳气体,因此再经过澄清石灰水,接着利用氢氧化钠溶液去除二氧化碳,剩余气体在利用后续装置验证,所以顺序为;故答案为:。含有甲烷的话,反应后有水生成,所以看到无水硫酸铜变为蓝色;E中生成的二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水,书写化学方程式注意配平及沉淀符号,所以化学方程式为;故答案为:白色粉末变蓝;。由于甲烷也可以与氧化铜反应,生成铜和二氧化碳,因此无法确定一氧化碳是否存在;故答案为:CO。吸收二氧化碳,而澄清石灰水中氢氧化钙溶解有限,所以改为氢氧化钠溶液进行吸收;二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水,加入足量***化钙溶液,去除碳酸钠,然后再加入酚酞试液,若溶液变红,则说明溶液显碱性,还有氢氧