河北省南和县第一中学2024学年物理高三第一学期期中学业水平测试模拟试 精品.pdf

该【河北省南和县第一中学2024学年物理高三第一学期期中学业水平测试模拟试 精品 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【12】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【河北省南和县第一中学2024学年物理高三第一学期期中学业水平测试模拟试 精品 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..河北省南和县第一中学2024学年物理高三第一学期期中学业水平测试模拟试题注意事项:,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。;,字体工整、笔迹清楚。,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,a、b、c三个相同的小球,a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑,同时b、,下列说法正确的有()、在研究问题时为了简化,经常可以把物体看成一个有质量的点,简称质点,关于质点,下列说法正确的是(),、如图所示,平行金属导轨水平放置,,,方向与导轨平面成α角斜向上且和棒ab垂直,():..,其他条件保持不变,,其他条件保持不变,,其他条件保持不变,,其他条件保持不变,则ab可能向右运动4、AB和CD为圆上两条相互垂直的直径,圆心为O。将电量分别为+q和-q的两点电荷放在圆周上,其位置关于AB对称且距离等于圆的半径,如图所示。要使圆心处的电场强度为零,可在圆周上再放一个适当的点电荷Q,则该点电荷Q(),Q=,Q=﹣,Q=﹣,Q=2q5、过去几千年来,人类对行星的认识与研究仅限于太阳系内,行星“51pegb”的发现拉开了研究太阳系外行星的序幕。“51pegb”绕其中心恒星做匀速圆周运动,周期约为4天,轨道半径约为地球绕太阳运动半径为1/20,该中心恒星与太阳的质量比约为().、神舟十一号在进行快速变轨控制验证试验时,在A点从圆形轨道I进入椭圆轨道II,B为轨道II上的近地点,如图所示,关于航天飞行的运动,、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,:..有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、倾角为θ、质量为M的室内小滑梯如图所示,质量为m的小朋友沿着滑梯匀加速下滑,,(m+M)、如图所示,A、B为平行金属板,两板相距为d,,有—带电质点自A板上方相距为d的P点由静止自由下落(P、M、N在同—竖直线上),,(),,,,质点自P点自由下落后仍能返回9、一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中,、带电量为+q的小球,由静止开始沿轨道运动,下述说法正确的是()(mg+qE):..(mg+qE)10、水平地面上有一木箱,木箱与地面之间的动摩擦因数为?(0???1).现对木箱施加一拉力F,?,如图,在?从0逐渐增大到90°的过程中,木箱的速度保持不变,则()、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)在练****使用多用表时,某同学将选择开关拨至“?10?”档时,欧姆表的内部结构可简化成图甲中虚线框内的电路,其中定值电阻R与电流表G的内阻之比0R:R?1:4,电流表G的量程已知,,他的操作步骤是:,记下电阻箱示数R和与之对应的电流表G的示数I;、I的数据描点在乙图中,得到?R图线如图乙所示;?R图线,,a表笔和b表笔的颜色分别是__________和__________,电源的电动势E为__________V,欧姆表总内阻R内为__________?..(12分)某实验小组成员用如图1所示的装置验证机械能守恒定律,所用重物的质量为m.:..(1)图2为实验中打出的一条纸带,选取纸带上的连续的五个点A、B、C、D、E,测出A距起始点O的距离为s,点AC间的距离为s,点CE间的距离为s,使用012交流电的频率为f,则打下C点时重物的速度大小为_____.(2)若当地重力加速度为g,选取从O到C的过程,要验证机械能守恒,则只需验证表达式_____成立即可.(3)由于阻力的存在影响了该实验精度,某同学利用纸带上多个计时点到O点的距离h,算出打下这些点时重物对应的速度v,以h为横轴,,、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,质量为M、倾角为α的斜面体(斜面光滑且足够长)放在粗糙的水平地面上,底部与地面的动摩擦因数为μ,斜面顶端与劲度系数为k、自然长度为L的轻质弹簧相连,,且物块在以后的运动中,.:..(1)求物块处于受力平衡位置时弹簧的长度;(2)求物块刚释放瞬间,斜面体受到的摩擦力的大小和方向14.(16分)如图甲所示,一端开口导热良好的气缸放置在水平平台上,活塞质量为10kg,横截面积为50cm1,气缸全长11cm,气缸质量为10kg,大气压强为1×105Pa,当温度为7℃时,活塞封闭的气柱长10cm,现将气缸倒过来竖直悬挂在天花板上,如图乙所示,g取10m/s1.①求稳定后,活塞相对气缸移动的距离;②当气缸被竖直悬挂在天花板上,活塞下降并达到稳定的过程中,判断气缸内气体是吸热还是放热,.(12分)如图,图象所反映的物理情景是:物体以大小不变的初速度v沿木板滑动,0若木板倾角θ不同,物体沿木板上滑的距离S也不同,便可得出图示的S-:(1)(2)木板是否粗糙?若粗糙,则动摩擦因数μ为多少?(3)物体运动中有否最大加速度以及它发生在什么地方?参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】:..球b自由落体运动,球c的竖直分运动是自由落体运动,故bc两个球的运动时间相同,2h为:t?;球a受重力和支持力,合力为mgsinθ,加速度为gsinθ,根据gh1=gsin?t2,sin?212h得:t?=;故t<t′,故A错误;由于重力相同,而重力的作用时间不同,故sin?g重力的冲量不同,故B错误;初动能不全相同,而合力做功相同,故根据动能定理,末动能不全相同,故C错误;bc球合力相同,运动时间相同,故合力的冲量相同,根据动量定理,动量变化量也相同;ab球机械能守恒,末速度相等,故末动量相等,初动量为零,故动量增加量相等,故D正确;、D【解题分析】,是对物体的科学抽象,是一个理想化的模型,实际并不存在,故A错误,D正确;,要考虑运动员动作是否优美协调,所以要考虑运动员肢体的动作,不能把运动员看成质点,故B错误;,只有当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略时,物体才可以看成质点,、A【解题分析】A、B、C、由左手定则可得安培力大小F=BIL,方向垂直于磁场方向斜向上,棒的受A力如图所示:根据平衡条件得:mg?F?BILcos?,f?BILsin?,则α角变小,因B?I,则N安培力大小不变,支持力F变小,静摩擦f变小;则A正确;B、、磁场反向后,安培力的方向变为斜向右下方,其水平分力BILsin?和磁场反向前一样大,而竖直弹力变大,最大静摩擦力增大,则一定满足BILsin??f导体棒一max定静止;D错误.:..故选AC.【题目点拨】解决本题的关键能够正确地受力分析,将立体图转换为平面图,、C【解题分析】根据电场的叠加,先求出两个点电荷在0点的合场强大小和方向,在根据电场的叠加确定第三个点电荷.【题目详解】q根据库仑定律,两个点电荷在0点产生的场强大小都为k,两个场强的方向互成r2q120°,根据平行四边形定则,合场强大小为k,方向水平向右。所以最后一个电荷r2q在O点产生的场强大小为k,方向水平向左。所以该电荷若在C点,为-q,若在Dr2点,为+,ABD错误。故选C。5、B【解题分析】研究行星绕某一恒星做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力,列出等式为:GMm4?24?2r3?mr,解得M?;“51pegb”绕其中心恒星做匀速圆周运动,r2T2GT2周期约为4天,轨道半径约为地球绕太阳运动半径的1/20,所以该中心恒星与太阳的1()320质量比约为?1,()2365点睛:要求解一个物理量大小变化,我们应该把这个物理量先表示出来,、B【解题分析】在轨道II上运动过程中,从B到A,万有引力做负功,所以在轨道II上经过A的速度小于经过B的速度,A错误;要实现从轨道I变轨到轨道II,在轨道I的A点减速,才能变轨到轨道II,所以在轨道II上经过A的速度小于在轨道I上经过B的速度,即在轨道II上经过A的动能小于在轨道I上经过A的动能,B正确;根据:..r3?k可知半长轴越大,周期越大,故在轨道II上运动的周期小于在轨道I上运动的T2MmGM周期,C错误;根据G?ma可得a?,由于在轨道II上经过A点时的轨道r2r2半径等于轨道I上经过A的轨道半径,所以两者在A点的加速度相等,、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解题分析】因为小朋友做匀加速下滑,即mgsin???mgcos?,解得??tan?,A正确;因为小朋友存在一个竖直向下的分加速度,处于失重状态,人对滑梯的作用力小于其重力,故地面对滑梯的支持力小于两者的重力,B错误;小朋友存在一个水平向左的分加速度,即在水平方向上小朋友的合力向左,根据牛顿第三定律可知小朋友对电梯在水平方向上的作用力向右,即电梯有向右的运动趋势,电梯受到地面的摩擦力方向一定向左,mgsin???mgcos?a?acos??cos???gsin???gcos??cos?,故地面的水平mf?ma??mgsin???mgcos??cos?摩擦力大小为,、AC【解题分析】,mg?2d?qU?0,知电场力做功等于重力做功的大小,把A板向上平移一小段距离,质点自P点自由下落,根据动能定理知mg?2d?qU?0,小球到达N点速度为零然后返回,故A正确;,根据动能定理知mg?2d?qU?0,小球到达N点速度为零然后返回,故B错误;,根据动能定理知,h?2d,mgh?qU?0,知小球未到N点速度已减为零,然后返回,故C正确;D、把B板向下平移一小段距离后,根据动能定理知,h>2d,mgh?qU>0,知小球到达N点速度不为零,小球会穿过N孔继续下落,故D错误。点睛:对于本题选择全过程为研究过程,运用动能定理进行求解比较方便,在运用动能定理时,抓住电势差不变,电场力做功不变,比较电场力做功与重力做功的关系进行分析。:..9、AD【解题分析】,合力做正功最多,则根据动能定理得知,动能增大,速率增大,所以小球经过环的最低点时速度最大。故A正确;,机械能不守恒。故B错误;,根据动能定理得:(mg+qE)R=mv2,2v2又由N?mg?qE=m,联立解得N=3(mg+qE),故C错误,D正确。R10、AC【解题分析】由于木箱的速度保持不变,因此木箱始终处于平衡状态,受力分析如图所示,则由平衡条件得:mg?N?Fsin?,f??N?Fcos?两式联立解得?mg?mgF??,可见F有最小值,所以F先减小后增大,cos???sin?1??2sin(???)?mgvcos??mgvA正确;B错误;F的功率P?Fvcos???,可见在?从0cos???sin?1??tan?逐渐增大到90°的过程中tan?逐渐增大,则功率P逐渐减小,C正确,、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、黑;红;E?9V;R?180?;G?;【解题分析】由图甲所示,a与电源正极相连,,E?I?R?R?R:R?1:4I?5I闭合电路中,,而又因,则,则内x0gg155R???R?内E?5IR?R,,图像纵轴截距:b?内=?10020图像斜率k???.解得E?9V,E36036内阻:R?180?.电流表G的满偏电流为:内E1I???,:..12、;;;【解题分析】(1)根据中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度可得打C点时的速度为:。(2)从O到C的过程中,要验证机械能守恒定律,只要验证:成立,即验证成立即可。(3)由v2=2ah,可得,因此图象的斜率为k,表示加速度,根据牛顿第二定律,可解得:mg﹣f=mk,重物和纸带受到的阻力大小为f=mg﹣mk。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2),水平向左【解题分析】(1)设物块在斜面上平衡时,弹簧伸长量为ΔL,有mgsinα-kΔL=0,解得ΔL=,此时弹簧的长度为L+.(2)设物块位移x为正,则斜面体受力情况如图所示,由于斜面体平衡,所以有:水平方向f+Fsinα-Fcosα=0,N1竖直方向F-Mg-Fcosα-Fsinα=0,N2N1又F=k(x+ΔL),F=mgcosα,N1联立可得f=k(+)cosα,水平向左14、(1)(1)当气缸被竖直悬挂在天花板上,活塞下降并达到稳定的过程中,气缸内气体是吸热,气缸倒置过程中,气缸内气体体积变大,对外做功,而气体内能不变,所以,气缸内气体吸热.【解题分析】①设气缸倒置前后被封闭的气体的压强分别为和,气柱体积分别为和,活塞向下移动的距离为x,则:..初态:,末态:,因为气缸导热良好,则气缸倒置前后温度不变,由玻意耳定律得:代入数据解得:x=5cm②气缸倒置过程中,气缸内气体体积变大,对外做功,而气体内能不变,所以,气缸内气体吸热故本题答案是:①活塞相对气缸移动的距离5cm②当气缸被竖直悬挂在天花板上,活塞下降并达到稳定的过程中,气缸内气体是吸热点睛:本题的关键是找准不同状态下的物理参量,然后利用玻意耳定律求解。??15、(1)v?(2)??(3)最大加速度点坐标??53?,s??12m0【解题分析】(1)当θ=90o时,物体做竖直上抛运动,根据速度位移公式可知:v?2gs?103?(2)当θ=0o时,根据动能定理得,?mgs?mv2,解得:20v2300??0???10?20?mgcos??mgsin??3?(3)加速度a???gcos??gsin??g?cos??sin??得m?4?1到,当θ=53o时,α有极大值a?,由动能定理得,0?mv2?mas?,m20????所以s??12m所以最大加速度点坐标??53,s?12m