黑龙江省哈尔滨九中高考物理二模试卷.pdf

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、物体乙从B点运动到C点过程中电场力做正功,电势能减少,C点与A点的电势相等,则C点的电势为零,::解决本题的关键抓住AB段和BC段电场力和摩擦力做功关系,知道电场力做功W=qU,、非选择题:~第12题为必考题,~第14题为选考题,考生根据要求作答.(一).(1)“研究匀变速直线运动”时,“小车的加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时,如果画出的a﹣M关系图象不是直线,“功与速度的关系”实验时,应将木板带打点计时器的一端适当垫高,“探究加速度a与力F的关系”时,因为不断增加所挂钩码的个数,导致钩码的质量远远大于小车的质量,则小车加速度a的值随钩码个数的增加将趋近于g的值.(3)用20等分刻度的游标卡尺测量钩码的直径如图2所示,.:..考点::实验题;:利用图示小车纸带装置可以完成很多实验,在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力,在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时,需要平衡摩擦力;逐差法求解加速度可以有效的减小偶然误差;在探究“小车的加速度a与力F的关系”时,根据牛顿第二定律求出加速度a的表达式,不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时,加速度a近似等于g的结论;游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,:解:(1)A、此装置可以用来研究匀变速直线运动,但不需要平衡摩擦力,、曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种,所以若a﹣M图象是曲线,不能断定曲线是双曲线,即不能断定加速度与质量成反比,应画出a﹣图象,、探究“功与速度变化的关系”实验时,需要平衡摩擦力,方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高,这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响,从而小车受到的合力即为绳子的拉力,、根据纸带上测得的数据用逐差法求解加速度可以有效的减小偶然误差,不是系统误差,故D错误;故选:,钩码质量为M,则对小车有Mg﹣F=Ma①对钩码有F﹣μmg=ma②联立①②解得:a=可见当M>>m时,加速度a趋近于g.(3)游标卡尺的主尺读数为19mm,×12mm=,=(1)C;g;(3):解决实验问题首先要掌握该实验原理,了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项,,游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,,其中R为定值电阻,R为压敏0电阻,其阻值随所受压力F的变化而变化,变化范围大约为几欧到几十欧,,首先通过实验探究压敏电阻阻值R和F大小的关系,:电流表A(,内阻r=10Ω)11电流表A(,内阻约为1Ω)2电压表V(15V,内阻约为5kΩ):..(1)为了准确地测量电阻R,请完成图乙虚线框里两个电表的选择、(填电表代号).图乙中,在电阻R上施加竖直向下的力F,闭合开关S,记录各个电表读数,得出R=,式中各符号的含义是、分别表示电流表的读数,为电流表的内阻.(3)图乙所示电路中,改变力的大小,得到不同的R值,得到如图丙所示的R﹣F图象,写出R和F的关系式R=﹣2F+16.(4)若图甲所示的电路中,,在托盘上放一重物,电源电动势E=,电源内阻r=,R=,闭合开关,,::实验题;:本题(1)由于实验要求精确测量压敏电阻阻值,应考虑电表内阻的影响,因为电压表内阻为不确定值,所以不能使用电压表,再根据电流表的内阻为确定值及二者量程大小关系即可求解;题根据欧姆定律求出压敏电阻的表达式即可;题(3)读出R﹣F图象的纵轴截距与斜率,再根据一次函数概念即可求解;题(4):解:(1)由于实验要求准确测量压敏电阻阻值,而电压表内阻为不确定值,所以不能应用电压表;由于电流表的内阻为确定值并且电流表的量程大于的量程,所以应将电流表与压敏电阻并联后再与电流表串联,即两电表应选择电流表与;由图乙根据欧姆定律应有:=,解得R=;其中、分别表示电流表的读数,为电流表的内阻;:..(3)根据一次函数概念可知由图象可读出纵轴截距b=16,斜率为k==﹣2,根据一次函数概念可知R=kF+b=﹣2+16(Ω);(4)设重物的质量为m,则压力F=+G,代入R与F关系式可得压敏电阻为R=﹣2F+16=﹣2(+G)+16(Ω)①再根据闭合电路欧姆定律应有E=U+②联立①②并代入数据可解得G=;故答案为:(1)电压表V与电流表;,U与I分别表示电压表V与电流表的读数;(3)﹣2F+16;(4):应明确:①若实验要求准确测量,则电表的内阻必须为确定值,然后再根据相应的规律求解即可;②涉及到根据图象求解的问题,首先要写出相应的物理规律公式,再整理出关于纵轴物理量与横轴物理量的函数表达式,再根据斜率、《国家学生体质健康标准》将“引体向上运动”,质量为m的某同学两手正握单杠,开始时,手臂完全伸直,身体呈自然悬垂状态,此时他的下颚距单杠面的高度为H,然后他用恒力F向上拉,=,m=70kg,重力加速度g=10m/,不考虑因手臂弯曲而引起人的重心位置的变化.(1)第一次上拉时,该同学持续用力,经过t=1s时间,下颚到达单杠面,求该恒力F的大小及此时他的速度大小;第二次上拉时,用840N的恒力拉至某位置时,他不再用力,而是依靠惯性继续向上运动,为保证此次引体向上合格,恒力F的作用时间至少为多少?(此问结果保留2位有效数字)考点:牛顿第二定律;::(1)根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度,根据牛顿第二定律求出恒力F的大小,,结合速度位移公式,抓住位移之和为H,求出匀加速运动的末速度,:解:(1)根据H=得,a=,根据牛顿第二定律得,F﹣mg=ma,解得F=mg+ma=70×(10+)N==at=×1m/s=′,匀加速上升的加速度,:..根据得,代入数据解得v=m/s,解得作用的最少时间t′==:(1)恒力F的大小为784N,.:,竖直面MN的左侧空间中存在竖直向上的匀强电场(上、下及左侧无边界).一个质量为m、电荷量为q,可视为质点的带正电小球,(t=0),在电场所在空间叠加如图乙所示随时间周期性变化、垂直纸面向里的匀强磁场,使得小球再次通过D点时与PQ连线成60°、Q间的距离为(+1)L,t0小于小球在磁场中做圆周运动的周期,忽略磁场变化造成的影响,:(1)电场强度E的大小;t与t的比值;01(3),求出此时的磁感应强度B及运动的最大周期T的大小,并