2022年吉林省吉林市高考物理二模试卷+答案解析(附后).pdf

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做匀加速下滑,,由图可知,,则,故B错误;C、只有当滑块的速度等于传送带的速度时,滑块所受的摩擦力变成斜向上,故传送带的速度等于,故C错误;D、等速后的加速度,代入值得,故D正确;故选:AD。对滑块受力分析,开始时,受到重力、支持力、滑动摩擦力,处于加速阶段;当速度等于传送带速度时,如果重力的下滑分力小于或等于最大静摩擦力,则一起匀速下滑,否则,继续加速。本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑,2、小木块两段的加速度不一样大。10.【答案】BC【解析】【分析】电场线的疏密表示场强的大小,沿电场线方向电势逐渐降低,电势差等于两点间的电压,在电场中动能定理和牛顿第二定律仍然适用。注意用好电场线与电场强度的关系、电场强度与电势差的关系等,在图象中,注意分析斜率、截距、面积等的含义,好题!【解答】A、在图象中,斜率表示加速度,而加速度由电场力产生,而,由于电场线的疏密表示电场强弱,故可得在电子运动过程中,电场先增强后减弱,故加速度应先增大后减小,故斜率应先增大后减小,故A错误;B、由A分析,结合电场线的分布特点可得,故B正确;C、由动能定理可得,,故图象中,斜率代表电场力,根据电场线分布特点知,电场力先增大后减小,故C正确;D、,故在图象中,斜率表示电场强度,故斜率应先增大后减小,故D错误。故选:BC。页,共18页:..11.【答案】【解析】解:AC、对汽车受力分析,受重力、支持力、牵引力和摩擦力,根据牛顿第二定律,有:其中:联立得:结合图线,有:,解得:,,由于质量已知,可以求出汽车的功率P和阻力f。故AC正确。B、当物体的速度最大时,加速度为零,故结合图象可以知道,时,,,所以最大速度为,故B正确;D、汽车的初速度未知,汽车做是变加速运动,故加速时间无法求出,故D错误;故选:ABC。汽车恒定功率启动,对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程,,根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式,.【答案】BCD【解析】解:棒到达磁场前做匀加速直线运动,故A错误;,当达到磁场的速度时,,MN棒接着做加速度减小的减速运动,故B正确;,,MN棒接着做加速度减小的加速运动,故C正确;,,MN棒接着做匀速直线运动,故D正确。故选:BCD。由于到磁场的距离不确定,MN棒进入磁场的速度大小也不确定,根据安培力与重力分力的大小关系分析MN棒的运动情况。本题考查导体切割磁感线时的感应电动势,解题关键掌握牛顿第二定律的应用,注意安培力与重力的分力大小关系决定MN棒的运动。13.【答案】BA不能页,共18页:..【解析】解:、:实验研究匀变速直线运动规律不需要平衡摩擦力,也不需要称小车质量,故A、C错误;B、三个实验中拉小车的细线必须与长木板平行,、图中v轴的截距表示计时起点的速率,即打计数点0时的速率,故A正确;B、图中由图线只能看出质量增大加速度在减小,但是不能判断加速度与质量成反比,故B错误;C、小车的初速度为0,根据动能定理有:可知图像是过原点的一条直线,所以仅通过一条纸带上的数据就可以做出该图线,,平衡摩擦力后,不能用于验证机械能守恒定律,因为尽管平衡摩擦力,但摩擦力也要做功,:;;,研究匀变速直线运动规律不需要平衡摩擦力,也不需要称小车质量;根据三个实验的原理及操作过程和注意事项可以进行判断;平衡摩擦力后,不能用于验证机械能守恒定律,因为尽管平衡摩擦力,,了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项,然后熟练应用物理规律来解决实验问题,要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,.【答案】右【解析】解:电流表电流要从正接线柱红表笔流入,从接线柱黑表笔流出,由图1所示电路图可知,电源右端与黑表笔相连,因此电源右端是正极。电键拨到1时,电流表量程,欧姆表内阻,由图2所示表盘可知,中央刻度线是15,则欧姆表的倍率为。电键拨到2时,电流表量程欧姆调零时,欧姆表内阻:页,共18页:..代入数据解得:,电键拨到2时欧姆表的倍率是,由图2所示表盘可知,所测电阻阻值为。故答案为:右;;;140。欧姆表内置电源正极与黑表笔相连,负极与红表笔相连,根据图1所示电路图答题。根据图示电路图应用闭合电路的欧姆定律求出欧姆表内阻,然后确定欧姆表的倍率。应用闭合电路的欧姆定律求出欧姆表内阻,然后求出滑动变阻器接入电路的阻值;欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。知道电表的改装原理是解题的前提与关键,分析清楚图示电路结构,应用串并联电路特点与闭合电路的欧姆定律即可解题。15.【答案】解:设赛艇所受阻力大小为,则划水时双桨产生动力大小为2f。划水时,对赛艇,根据牛顿第二定律得空中运桨时,对赛艇,根据牛顿第二定律得可得::1设赛艇的最大速度大小为。根据题意可知,运动员紧接着完成1次动作,此过程赛艇前进8m,则由题知,,结合,解得则赛艇受到的恒定阻力大小答:划水和空中运桨两阶段赛艇的加速度大小之比是1:1;赛艇的最大速度大小是,受到的恒定阻力大小为175N。【解析】根据划水和空中运桨两阶段赛艇的受力情况,根据牛顿第二定律求划水和空中运桨两阶段赛艇的加速度大小之比;根据位移-时间公式求出加速度大小,再根据速度-时间公式求赛艇的最大速度大小,由牛顿第二定律求赛艇受到的恒定阻力大小。解答本题时,要搞清赛艇的运动过程,抓住两个过程之间的关系,如位移关系、速度关系,运用运动学公式和牛顿运动定律相结合进行解答。16.【答案】解:已知带电小球在光滑的竖直圆轨道内做完整的圆周运动,经C点时速度最大,因此,C点是竖直平面内圆周运动的物理“最低点”,也就是小球在C点电场力和重力的合力则页,共18页:..背离圆心的方向,如图。则有因此电场力为:。点竖直平面内圆周运动的物理“最高点”,恰好能完整的做圆周运动,在“最高点”有最小速度,即,解得;小球在轨道最高点时的受力情况如图所示,要小球经B点时对轨道的压力最小,则以最小速度经过D点,由以上知在D点速度是,小球从A到D的过程中,由动能定理得:联立解得:答:小球所受到的电场力大小是;能完整的做圆周运动,过D点的速度是;小球在A点速度是,小球经B点时对轨道的压力最小。页,共18页:..【解析】抓住带电小球运动至点的速度最大这一突破口,根据竖直平面内圆周运动的最大速度出现在物理“最低点”,即合外力沿半径指向圆心,而电场力和重力的合力则背离圆心的方向。作出受力示意图,求解电场力的大小。点竖直平面内圆周运动的物理“最高点”,恰好能完整的做圆周运动,在“最高点”有最小速度,在“最高点”对轨道压力为0,由牛顿第二定律求解,对B的压力最小时,对D的最小压力等于零。由动能定理求解。本题抓住小球经D点时速度最小,相当于竖直平面的最高点,根据指向圆心的合力提供圆周运动向心力为解题关键。17.【答案】解:带电粒子在第二象限内做匀速圆周运动,轨迹如图,圆心为C由牛顿第二定律,得解得由几何关系得:则粒子在磁场中运动周期粒子偏转,即在磁场中运动时间解得:带电粒子进入第一象限时速度与y轴正方向成角,与电场方向垂直,故粒子在第一象限内做类平抛运动,,所以只需在带电粒子进入电场时速度方向的直线上PN范围内任一点释放粒子,均可保证两粒子在电场中相遇,且两粒子在M点相遇所需时间最长,,纵坐标为y,根据几何知识可得又页,共18页:..解得:,则点的坐标为答:两点的距离为;粒子在磁场中运动的时间为;点的坐标为为。【解析】带电粒子在第二象限内做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,结合几何关系解得;根据周期结合圆心角解得运动时间;根据两粒子的运动情况结合几何关系可解得。本题考查带电粒子在磁场中的运动,解题关键掌握粒子运动状态的分析,注意洛伦兹力提供向心力与几何关系的结合应用。页,共18页