2023-2024学年广西省贵港市高三物理第一学期期末质量检测模拟试题含解析精品.pdf

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磁感应定律???BE?n?nS?t?t可知线圈中产生恒定的感应电动势,根据闭合电路欧姆定律可知接收线圈M中有感应电流且恒定,C错误;???BE?n?nS?t?t根据分压规律得M两端的电压EnS?BRU?R?R?r?t(R?r)D正确。故选BD。8、AD【解析】,则QQk1?k2LL2()22解得:Q?4Q21故A正确;,所以各点电势高低,由Q决定,根据沿电场线方向21电势降低,离负电荷越近,电势越低,故D点电势最低,故B错误;,电势先降低后升高,E??q,故p:..电势能先增大后减小,故D正确C错误。故选AD。9、ABD【解析】,则三者最后共速,以三者为整体,水平方向动量守恒,mv=3mv①01则整个过程产生的热量等于动能的变化,有11Q=mv2?×3mv2②0122联立①②,得1Q=mv203故A正确;、b之间的碰撞无机械能损失,故碰撞过程中动量守恒和机械能守恒,设碰前速度分别为v、v,碰后分别为v'、v',且有v>v,以v方向为正方向,则有1212121mv+mv=mv'+mv'③12121111mv2+mv2=mv′2+mv′2④12122222联立③④,得v'=v12v'=v21即碰后a和木板共速,b向右运动,以a和木板为整体,此时a和木板的加速度?ga=b12对a分析知,a的加速度最大值为a=μg0a若μ<2μ则a<a,a和木板保持相对静止,则无论v多大,a都不会从木板上滑落;ba100故B正确;若μ>2μ,则a>a,a相对木板向左运动,故a可能从木板左端滑落,故D正确;,则ab一定不相碰,此时有L11?mg?mv2??3mv2⑤a22021联立①⑤,得:..3v??gL02a3故若v??gL,则ab一定不相碰,故C错误;02a故选ABD。10、ABD【解析】,根据同侧法可知波沿轴负方向传播,正确;?1m处,所以TT?????10m/sTB正确;??、Q两点的平衡位置间的距离大于,小于,所以其振动方向有时相同,有时42相反,C错误;?60s?75T经过的路程s?75?4A?30mD正确;?????rad/sT质点Q此时由平衡位置向下振动,振动方程可表示为y???t(cm)E错误。故选ABD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。:..11、<<=【解析】(1)[1][2].电源电动势为6V,保护电阻约为5Ω,则电流约为E6I==A=1AR?r1?50故为了能准确测量,电流表应选择B;因电源内电阻较小,故滑动变阻器应选择阻值较小的F;(2)[3][4][5].由电路图可知,U为定值电阻两端的电压,电流表示数为R中的电流,20由图可知电压表示数与电流表示数成正比,则可知,定值电阻的阻值为UR=2≈,故测量出的电流偏大,则由欧姆定律可知,测量值小于真实值;如果用来测量电动势和内阻,由于采用相对电源的电流表外接法,由于电压表分流作用而使电流表示数偏小,则测出的电动势偏小;(3)[6].由于电压表支路中电流为零,故电压表不再分流,则此时电流表测出的电流为干路电流,电压表示数为路端电压,因此测量结果是准确的。12、Ra接通电路时,确保电流表安全1保持aP间电压不变【解析】(1)[1]根据题意要求精确测量电流表内阻及分压式连接,为了便于调节分压,需要选择阻值较小,额定电流较大的滑动变阻器,即R。1(2)[2][3]为了确保开关闭合后,电路安全,因此滑动变阻器的滑片应置于a端,这样测量电路部分开始时分压为0,保证了电路安全。(3)[4]根据电路图,连接实物图如图所示::..。(4)[5]在实验步骤③中,确保滑动变阻器R'的滑片P的位置不变,其理由是保持aP间电压不变。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)大小为15N,方向竖直向下;(2);(3)2m/s?v?3m/s0【解析】(1)设物块滑到圆轨道末端速度v,根据机械能守恒定律得11mgR?mv221v?2m/s1设物块在轨道末端所受支持力的大小为F,根据牛顿第二定律得v2F?mg?m1R联立以上两式代入数据得F?15N根据牛顿第三定律,对轨道压力大小为15N,方向竖直向下。(2)若v?3m/s0则v?v10物块在传送带上加速运动时,由?mg?ma:..得a??g?5m/s2加速到与传送带达到共速所需要的时间v?vt?01??vs?10t??st?1??t?t?(3)物块由传送带右端平抛1h?gt22恰好落到A点s?vt2得v?2m/s2恰好落到B点D?s?vt3得v?3m/s3当物块在传送带上一直加速运动时,做平抛运动的速度最大,假设物块在传送带上达到的最大速度为v,由动能定理11?mgL?mv2?mv2221得v2?12m2/s2?9m2/s2所以物块在传送带上达到的最大速度大于能进入洞口的最大速度,所以v应满足的条0件是:..2m/s?v?3m/s0(pS?mg)13pS14、①0T,(pS+mg)h②m+02(2pS?mg)00g20【解析】本题考查理想气体状态方程的应用。【详解】①设环境温度应降低为T,当缸内气体的体积减慢时,缸内气体的压强为:1mgp?p?10S根据理想气体状态方程有:mg1(2p?)hSp?hS0S12?TT01得到:(pS?mg)T?0T12(2pS?mg)00此过程外界对气体做的功:?mg?11W?p?V?p??hS??pS?mg?h??1?0S?220②设所放重物的质量为m,当气体体积减半时,气体的压强为:0(m?m)gp?p?020S气体发生等温变化,则有?mg?1?2p??hS?p?hS?0S?22得到:3pSm?m?00gL3mv515、(1);(2)?;(3)L。2qL6【解析】(1)电子在电场中做类似平抛运动,有:..=vt0eE=ma1y?at22得Ly?(2)粒子进入磁场时,速度方向与be边夹角的正切值vxtanθ0??=v2yyθ=37°电子进入磁场时的速度为v5v?0?vsin?30设电子运动轨迹刚好与cd边相切时,半径最小为r,则由几何关系知1r+rcos37°=L11解得5r=L19v2由evB=m可得对应的最大磁感应强度r13mvB=?qL(3)设电子运动轨迹刚好与de边相切时,半径为r,则21r=rsin37°+L,222解得5r=L24又rcosθ=L,故切点刚好为d点2电子从cd边射出的长度为15△y=L+rsin37°=L126