2024学年江苏省南通市、泰州市物理高三第一学期期中调研试题含解析2079.pdf

该【2024学年江苏省南通市、泰州市物理高三第一学期期中调研试题含解析2079 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【14】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2024学年江苏省南通市、泰州市物理高三第一学期期中调研试题含解析2079 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..2024学年江苏省南通市、。,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,质量分别为m=1kg、m=2kg的滑块A和滑块B叠放在光滑水平地面上,12A和B之间的动摩擦因数μ=,拉力F作用在滑块A上,拉力F从0开始逐渐增大到7N的过程中,下列说法正确的是()>5N时,A、,后来发生相对滑动2、如图所示,用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点,在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q,P、Q均处于静止状态,现有一铅笔紧贴墙壁从O点开始缓慢下移,则在铅笔缓慢下移的过程中()、小俊同学要在学校走廊悬挂一幅图像,以下四种悬挂方式中每根绳子所受拉力最小的是:..、如图,一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮,,静置于地面;b球质量为3m,用手托往,高度为h,,a可能达到的最大高度为()、春秋末年齐国人的著作《考工记》中有“马力既竭,辀犹能一取焉”,意思是马对车:..不施加拉力了,()、如图所示,物体A、B用足够长的细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮,A置于薄木板上,此时弹簧左侧细绳与木板平行,已知质量m?3m,现将薄木板由倾角30°缓慢放平,AB物体A始终与木板保持相对静止,不计滑轮摩擦,物体A、B大小可忽略不计.()、、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、高跷运动是一项新型运动,,进而带动高跷跳跃,(),先处于超重状态,,,,,因为人处于超重状态,所以高跷对地的压力大于人和高跷的总重力:..8、如图所示,半径为R的光滑圆弧槽固定于水平面上,C为弧形槽的最低点,、圆弧槽上的A点和B点分别放上一个完全相同的小球,已知????10?.现将三小球同时由静止释放,下列说法正确的是()、如图所示是一列简谐波在t=0时刻的波形图,介质中x=4m处质点沿y轴方向做简谐运动的表达式为y?5sin4?t(cm).关于这列波,;;;,x=4m处质点沿波的传播方向移动2m;,x=、如图,,小船的质量为m,小船受到的阻力大小恒为f,经过A点时的速度大小为v,小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t,A、B两点01间距离为d,()=:..、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图用拉力传感器和速度传感器探究“加速度与物体受力的关系”,在长木板上相距L=、B两点各安装一个速度传感器,分别记录小车到达A、B时的速率.(1)实验主要步骤如下:①将拉力传感器固定在小车上;②平衡摩擦力,让小车做______运动;③把细线的一端固定在拉力传感器上,另一端通过定滑轮与钩码相连;④接通电源后自C点释放小车,小车在细线拉动下运动,记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率v、v;AB⑤改变所挂钩码的数量,重复④的操作.(2)下表中记录了实验测得的几组数据,v2﹣v2是两个速度传感器记录速率的平方差,BA则加速度的表达式a=_______,请将表中第3次的实验数据填写完整(结果保留三位有效数字);次数F(N)v2﹣v2(m2/s2)a(m/s2):..12.(12分)为了测量小滑块与水平桌面间的动摩擦因数,某小组设计了如图甲所示的实验装置,其中挡板可固定在桌面上,轻弹簧左端与挡板相连,图中桌面高为h,O、O、A、B、,:如图甲所示,挡板固定在O点,推动滑块压缩弹簧,滑块移到A处,,落在水平面上的P点,:如图乙所示,将挡板的固定点移到距O点距离为d的O点,推动滑块压12缩弹簧,滑块移到C处,,落在水21平面上的Q点,(1)为完成本实验,(2)写出动摩擦因数的表达式μ=________(用题中所给物理量的符号表示)(3)在进行实验过程二时,,=________.(用题中所给物理量的符号表示)(4)某同学认为,不测量桌面高度,改用秒表测出小滑块从飞离桌面到落地的时间,也可测出小滑块与水平桌面间的动摩擦因数,此实验方案_______.(选填“可行”或“不可行”)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,在水平向右的匀强电场中,水平轨道AB连接着一圆形轨道,圆形轨道固定在竖直平面内,其最低点B与水平轨道平滑连接。现有一质量为m、电荷量为q的带正电荷的小球(可视为质点),从离圆形轨道最低点B相距为L处的C点由静止开始在电场力作用下沿水平轨道运动。已知小球所受电场力与其所受的重力大小相等,重力加速度为g,水平轨道和圆形轨道均绝缘,小球在运动过程中所带电荷量q保持不变,不计一切摩擦和空气阻力。求::..(1)匀强电场的电场强度E的大小;(2)小球由C点运动到B点所用的时间t;(3)小球运动到与圆形轨道圆心O等高的D点时的速度大小v;D14.(16分)光滑的长轨道形状如图所示,下部为半圆形,半径为R=,固定在竖直平面内。质量分别为m、2m的两小环A、B用长为的轻杆连接在一起,套在轨道上,A环距轨道底部高为,现将A、B两环从图示位置由静止释放。重力加速度为g,已知sin37°=,cos37°=,求:(1)运动过程中A环距轨道底部的最大高度;(2)A环到达轨道底部时,A、B两环速度大小。15.(12分)如图,ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道,其中AB段是水平的,BD段为半径R=,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,场强大小E=×103V/,以速度υ沿水平轨道向右运动,、乙两球的质量均为m=×10-2kg,乙所带电荷量q=×10-5C,g取10m/s2。(水平轨道足够长,甲、乙两球可视为质点,整个运动过程无电荷转移)(1)甲乙两球碰撞后,乙恰能通过轨道的最高点D,求乙球在B点被碰后的瞬时速度大小;(2)在满足(1)的条件下,求甲的速度υ;0(3)甲仍以(1)中的速度υ向右运动,增大甲的质量,保持乙的质量不变,求乙在0轨道上的首次落点到B点的距离范围.:..参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】隔离对B分析,求出A、B发生相对滑动时的临界加速度,再对整体分析,运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力,从而判断出AB运动状态的关系.【题目详解】隔离对B分析,当A、B间静摩擦力达到最大值时,A、B刚要发生相对滑动,则:?mga?1?:F=(m+m)a=3×=,A、,A、,.【题目点拨】本题主要考查牛顿第二定律的临界问题,关键找出临界状态,运用整体法和隔离法,、D【解题分析】试题分析:对P分析,P受到重力、拉力和Q对P的弹力处于平衡,设拉力与竖直方mg向的夹角为θ,根据共点力平衡有:拉力F?,Q对P的支持力N?mgtan?.铅cos?笔缓慢下移的过程中,θ增大,则拉力F增大,Q对P的支持力增大;对Q分析知,在水平方向上P对Q的压力增大,则墙壁对Q的弹力增大,在竖直方向上重力与摩擦力相等,所以Q受到的摩擦力不变,Q不会从墙壁和小球之间滑落,:考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时,关键是对物体进行受力分析,然后根据正交分:..解法将各个力分解成两个方向上的力,然后列式求解,如果物体受到三力处于平衡状态,则可根据矢量三角形法,将三个力移动到一个三角形中,然后根据角度列式求解3、D【解题分析】悬挂的图画受重力和两根绳子的拉力处于平衡,合力等于0,知两根绳子拉力的合力等于重力,设绳子与竖直方向的夹角为?,则2Fcos??mg,看见当??0?时,绳子拉力最小,D正确.【题目点拨】本题主要是考查了共点力的平衡问题,解答此类问题的一般步骤是:确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解,、C【解题分析】设a球上升高度h时,两球的速度大小为v,根据ab系统的机械能守恒得:13mgh=mgh+?(3m+m)v2,解得:v?gh,此后绳子恰好松弛,a球开始做初速21为v?gh的竖直上抛运动,再对a球,根据机械能守恒:mgh+mv2=mgH,解得a2球能达到的最大高度:H=,故C正确,ABD错误。5、B【解题分析】惯性指物体保持原来运动状态不变的性质,惯性是物体本身固有的属性,任何物体任何状态下都有惯性;质量是物体惯性大小的唯一的量度,故B正确,ACD错误。6、C【解题分析】对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到:T=mg,则知弹簧的弹力不变,B伸长量不变,故A错误;连接A、B的细绳之间的夹角减小,则两条细绳的拉力的合力变大,即细绳对滑轮的作用力变大,选项B错误;将薄木板由倾角30°缓慢放平的过程中肯定存在一个位置,即物块A受的重力、细线的拉力以及斜面的支持力三力平衡,此时A受摩擦力为零,则因开始时和最后时物块A所示的摩擦力均不是零,可知物体A受到的摩擦力先变小后变大,选项C正确,D错误;、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得:..0分。7、ACE【解题分析】A项,人向上弹起过程中,人应该经历了先加速后减速的过程,所以先有向上的加速度,后有向下的加速度,当弹簧弹力大于人的重力时,人处于超重状态,当弹簧弹力小于人的重力时,人处于失重状态,,踏板对人的作用力与人对踏板的作用力是一对相互作用力,根据牛顿第三定律,二者大小始终相等,,弹簧压缩到最低点时,人有竖直向上的加速度,根据牛顿第二定律,可知高跷对人的作用力大于人的重力,,同理以高跷和人的系统为研究对象,弹簧压缩到最低点时,根据牛顿第二定律,地对高跷的压力大于人和高跷的总重力,再根据牛顿第三定律,可知高跷对地的压力大于人和高跷的总重力,故D项错误,E项正确;综上所述本题答案是:ACE8、BCL【解题分析】AB、依据单摆的周期公式T?2π,由于L?L,A处小球比B处gAB小球同时到达O点,故A错误,B正确;2R2?RTCD、O处做自由落体,所用时间t???,所以O处小球比A处小球g4g4早到达C点,故C正确,D错误;故选BC。【题目点拨】AB处小球做单摆运动,根据单摆的周期公式求出运动时间,O处小球做自由落体运动,根据自由落体运动规律求出时间。9、ABE【解题分析】,该机械波的波长为4m,所以A选项正确;?5sin4?t(cm),可以求出2?2?T????4?所以该机械波波速为?4v??m/s?8m/:..所以B选项正确;?,代入y?5sin4?t(cm)中可知y是个正值,说明质点x=4m从t=04开始向上振动,再经过3/4个周期,x=4m处质点位于波谷,故E正确;,该机械波向左传播,C选项错误;,、ABD【解题分析】小船从A点运动到B点过程中克服阻力做功:W=fd,故A正确;小船从A点运动到Bf点,电动机牵引缆绳对小船做功:W=Pt,由动能定理有:,联立解得:,故B正确,C错误;设小船经过B点时绳的拉力大小为F,绳与水平方向夹角为θ,绳的速度大小为v′,P=Fv′,v′=vcosθ,牛顿第二定律1Fcosθ-f=ma,联立解得:,故D正确。所以ABD正确,C错误。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。v2?v211、【解题分析】(1)根据平衡状态的特点可知道当小车做匀速直线运动时,说明摩擦力已经被平衡;v2?v2(2)根据匀变速直线运动的位移与速度公式v2?v2?2as,可以求出a?BA,02L带入数据解得:a=。x2?x212、(1)C(2)12(3)滑块停止滑动的位置到B点的距离(4)4dh不可行滑块在空中飞行时间很短,难以把握计时起点和终点,秒表测时间误差较大【解题分析】2h(1)、(2)滑块离开桌面后做平抛运动,平抛运动的时间t?,滑块飞行的距离ggx?vt,所以滑块第1次离开桌面时的速度v?x①;滑块第2次离开桌面时的112h:..g速度v?x②;滑块第1次滑动的过程中,弹簧的弹力和摩擦力做功,设弹簧做222h1的功是W,AB之间的距离是x,则W??mgx?mv2③,滑块第2次滑动的过程中,11121x2?x2W??mg?x?d??mv2??12④,联立①②③④可得解得;可知,要测定摩1224dh擦因数,与弹簧的长度、弹簧的劲度系数、,弹簧的压缩量不能太小,C正确;(3)在进行实验过程二时,发现滑块未能滑出桌面,??mg?x?d?l??0??2据动能定理可知,?d?l?四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。mg2L13、(1)(2)(3)2gLqg【解题分析】(1)对小球,由题意可得Eq=mg解得mgE?q(2)对小球,设从C到B的加速度为a,根据牛顿第二定律可得Eq=ma由运动学公式可得1L?at22联立可解得2Lt?g(3)设圆形轨道半径为R,对小球从C到D的过程,根据动能定理有:1qE(L+R)-mgR=mv2-02D联立可得v=2gLD:..14、(1)(2)、【解题分析】(1)当AB两环到达轨道的右侧速度为零时,A环距轨道底部的高度最大;据机械能守恒可得运动过程中A环距轨道底部的最大高度。(2)A环到达轨道底部时,据运动的分解可求得A、B两环速度间关系;再据机械能守恒,求得A环到达轨道底部时,A、B两环速度大小。【题目详解】(1)当AB两环到达轨道的右侧速度为零时,A环距轨道底部的高度最大,设A环到轨道底部的最大高度为,以轨道最低点为参考平面,由机械能守恒得:解得:(2)杆长为,A环到达轨道底部时,B环在竖直轨道上,此时杆与竖直方向夹角满足,则将AB速度分解为沿杆和垂直杆,则以AB整体为研究对象,由机械能守恒得:联立解得:、15、(1)5m/s(2)5m/s(3)?x??2m【解题分析】(20分)解:(1)在乙恰能通过轨道最高点的情况下,设乙到达最高点速度为v,乙离开D点D到达水平轨道的时间为t,乙的落点到B点的距离为x,则v2mD?mg?qE①R1?mg?qE?2R?t2②??2?m?x?vt③D联立①②③得x?④(2)设碰撞后甲、乙的速度分别为v、v,根据动量守恒定律和机械能守恒定律有甲乙:..mv?mv?mv⑤0甲乙111mv2?mv2?mv2⑥202甲2乙联立⑤⑥得v?v⑦乙011由动能定理,得?mg?2R?qE?2R?mv2?mv2⑧2D2乙5?mg?Eq?R联立①⑦⑧得v??25m/s⑨0m(3)设甲的质量为M,碰撞后甲、乙的速度分别为v、v,根据动量守恒定律和机Mm械能守恒定律有Mv?Mv?mv⑩0Mm111Mv2?Mv2?mv211202M2m2Mv联立⑩11得v?012mM?m由12和M?m,可得v?v<2v130m0设乙球过D点时速度为v',由动能定理得D11?mg?2R?qE?2R?mv'2?mv2142D2m联立91314得2m/s?v'<8m/s15D设乙在水平轨道上的落点距B点的距离x?,有x??v't16D联立②?x?<