2024年湖北省重点高中物理高三上期末考试模拟试题含解析.pdf

该【2024年湖北省重点高中物理高三上期末考试模拟试题含解析 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【16】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2024年湖北省重点高中物理高三上期末考试模拟试题含解析 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..2024年湖北省重点高中物理高三上期末考试模拟试题考生须知:,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。“答题纸”上先填写姓名和准考证号。,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,A、B两滑块质量分别为2kg和4kg,用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平面上,并用手按着滑块不动,第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上,然后将一质量为4kg的钩码C挂于动滑轮上,只释放A而按着B不动;第二次是将钩码C取走,换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上,只释放B而按着A不动。重力加速度g=10m/s2,则两次操作中A和B获得的加速度之比为()::::32、有关量子理论及相关现象,下列说法中正确的是(),=4激发态的氢原子向基态跃迁时,、β射线、γ射线都是波长极短的电磁波3、如图所示,一根长为L的金属细杆通有电流时,在竖直绝缘挡板作用下静止在倾角为?的光滑绝缘固定斜面上。斜面处在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。若电流的方向和磁场的方向均保持不变,,磁感应强度大小由B变为4B,金属细杆仍然保持静止,则()?、如图所示的装置中,A、B两物块的质量分别为2kg、lkg,连接轻弹簧和物块的轻绳质量不计,轻弹簧的质量不计,轻绳与滑轮间的摩擦不计,重力加速度g=10m/s2,则下列说法正确的是:..,,,在释放物块A的一瞬间,,释放物块A后,A、B、弹簧一起运动的过程中,弹簧的弹力大小为15N5、如图所示,做实验“探究感应电流方向的规律”。竖直放置的条形磁体从线圈的上方附近竖直下落进入竖直放置的线圈中,并穿出线圈。传感器上能直接显示感应电流i随时间t变化的规律。取线圈中电流方向由a到b为正方向,则传感器所显示的规律与图中最接近的是()、图甲是利用光电管进行光电效应的实验装置。分别用a、b、c三束单色光照射阴极K,调节A,K间的电压U,得到光电流I与电压U的关系图象如图乙所示,由图可知(),,A、K间的电压低于U时,将不能发生光电效应c1:..,但a光的强度更强二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、下列说法中正确的是。、如图所示,直线上M、N两点分别放置等量的异种电荷,A、B是以M为圆心的圆上两点,且关于直线对称,C为圆与直线的交点。、B两点的电场强度相同,、B两点的电场强度不同,,电势能先增加后减少9、x=0处的质点在t=0时刻从静止开始做简谐振动,带动周围的质点振动,在x轴上形成一列向x正方向传播的简谐横波。如图甲为x=0处的质点的振动图像,如图乙为该简谐波在t=。已知质点P的平衡位0置在x=,质点Q的平衡位置在x=2m。,,=3m处010、如图所示,A、B是两列波的波源,t?0s时,两波源同时开始垂直纸面做简谐运动。其振动表达式分别为:..x?(2πt)m,x?(2πt)m,产生的两列波在同一种均匀介质中沿纸面传播。P是介质中的一点,t?2sAB时开始振动,已知PA?40cm,PB?50cm,则_________。.,?,、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某学****小组利用图甲所示的电路测量电源的电动势及内阻.(1)按照原理图甲将图乙中的实物连线补充完整________.(2)正确连接电路后,进行如下实验.①闭合开关S,通过反复调节滑动变阻器R、R,使电流表A的示数为0,此时电流表A、,电压表V、②再次反复调节R、R,使电流表A的示数再次为0,此时电流表A、,电压12312表V、、R,当电流表A示数为0时,电路中B点与C点的电势______.(选填“相等”或“不相123等”),~~~500μAⅲ.测得电源的电动势E=_______V,内阻r=_______Ω.(结果保留3位有效数字)12.(12分)在航空仪表上使用的电阻器和电位器,要求具有电阻温度系数低,电阻率大,耐磨等性能。实验小组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率ρ的实验,其操作如下::..(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示,可知其长度为L=_____mm;用螺旋测微器测出其直径D如图乙所示,则D=____mm;(2)此圆柱体电阻约为100Ω,欲测量这种材料的电阻率ρ,现提供以下实验器材:(量程50mA,内阻r=20Ω);(量程100mA,内阻r约为40Ω):(量程15V,内阻约为3000Ω);(0~10Ω,额定电流2A);=(电动势为4V,内阻很小);,导线若干。为了尽可能精确测量圆柱体的阻值,在所给的方框中设计出实验电路图,并标明所选择器材的物理符号________;(3)此圆柱体长度为L直径D,若采用以上电路设计进行测量电阻率ρ=________(写出表达式)(若实验中用到电流表A、电流表A、电压表V,其读数可分别用字母I、I、U来表示)。1212四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)某日清晨,中国海监船在执行东海定期维权巡航执法过程中,发现从事非法调查作业活动的某船只位于图甲中的A处,预计在80秒的时间内将到达图甲的C处,我国海监执法人员立即调整好航向,沿直线BC从静止出发恰好在运动了80秒时到达C处,而此时该非法船只也恰好到达C处,,我国海监船运动的v-t图象如图乙所示。(1)求非法船只的速度大小;(2)若海监船加速与减速过程的加速度大小不变,海监船从B处由静止开始若以最短时间准确停在C点,需要加速的时间为多少?:..14.(16分)如图所示,质量均为m=1kg的长方体物块A、B叠放在光滑水平面上,两水平轻质弹簧的一端固定在竖直墙壁上,另一端分别与A、B相连接,两弹簧的原长均为L=,与A相连的弹簧的劲度系数k=100N/m,与B0A相连的弹簧的劲度系数k=200N/m。开始时A、B处于静止状态。现在物块B施加一水平向右的拉力F,使A、B静B止在某一位置,此时拉力F=3N,使A、B静止在某一位置,A、B间的动摩擦因数为μ=,撤去这个力的瞬间(A、B无相对滑动,弹簧处于弹性限度内),求:(1)物块A的加速度的大小;(2)如果把拉力改为F′=(A、B无相对滑动,弹簧处于弹性限度内),其它条件不变,则撤去拉力的瞬间,求物块B对A的摩擦力比原来增大多少?15.(12分)如图所示的两个正对的带电平行金属板可看作一个电容器,金属板长度为L,与水平面的夹角为?。一个质量为m、电荷量为q的带电油滴以某一水平初速度从M点射入两板间,沿直线运动至N点。然后以速度v直接0进入圆形区域内,该圆形区域内有互相垂直的匀强电场与匀强磁场。油滴在该圆形区域做匀速圆周运动并竖直向下穿出电磁场。圆形区域的圆心在上金属板的延长线上,其中磁场的磁感应强度为B。重力加速度为g,求:(1)圆形区域的半径;(2)油滴在M点初速度的大小。参考答案:..一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】第一种方式:只释放A而B按着不动,设绳子拉力为T,C的加速度为a,对A根据牛顿第二定律可得1T=ma1AA对C根据牛顿第二定律可得:mg-2T=maC1C根据题意可得a=2aA联立解得:2a?gA3第二种方式:只释放B而A按着不动,设绳子拉力为T,对B根据牛顿第二定律可得2T=ma2BB而T=40N=2T2联立解得:1a=gB2在以上两种释放方式中获得的加速度之比为a:a=4:3,故C正确、ABD错误。AB故选C。2、C【解题分析】,选项A错误;,根据光电效应方程E?hv?W=Ue,可知遏止电压与入射光的频率是线性关系,但km逸出功遏制不是成正比,选项B错误;=4激发态的氢原子向基态跃迁时,最多能辐射出3种频率的光子,分别对应于4→3,3→2,2→1,选项C正确;、β射线不是电磁波,只有γ射线是波长极短的电磁波,选项D错误;故选C。3、D【解题分析】:..、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用,根据力的平衡条件可知,金属细杆中电流方向可能垂直纸面向外,也可能垂直纸面向里,故A错误;,开始安培力为F=BIL,后来的安培力为11F=4B?IL=2BIL22则金属细杆受到的安培力增大了?F=BIL故B错误;、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用,根据力的平衡条件可知,将斜面的支持力分解成水平方向和竖直方向,则水平方向和竖直方向的合力均为零,由于金属细杆的重力不变,故斜面的支持力不变,由牛顿第三定律可知,金属细杆对斜面的压力不变,故C错误;,故安培力的大小变化量与挡板的支持力的大小变化量相等;如果金属细杆中电流方向垂直纸面向里,安培力方向水平向右,当安培力增大,则金属细杆对挡板的压力增大,由于安培力增大BIL,所以金属细杆对竖直挡板的压力增大了BIL;如果金属细杆中电流方向垂直纸面向外,安培力方向水平向左,当安培力增大BIL,则金属细杆对挡板的压力减小BIL,故金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了BIL,D正确。故选D。4、C【解题分析】固定物块A,则弹簧的弹力大小等于B的重力,大小为10N,选项A错误;固定物块B,则弹簧的弹力大小等于A的重力,大小为20N,选项B错误;先固定物块A,则弹簧的弹力为10N,在释放物块A的一瞬间,弹簧的弹力不能突变,则大小为10N,选项C正确;先固定物块A,释放物块A后,A、B、弹簧一起运动的过程中,加速度为,对物体B:T-mg=ma,解得弹簧的弹力大小为40/3N,选项D错误;、B【解题分析】磁体进入线圈a端的过程,其磁场穿过线圈向上且增加,由楞次定律知感应电流的磁场向下,则线圈中的电流方向从b到a,为负值。磁体在线圈中间运动时,其磁场穿过线圈的磁通量不变,无感应电流,磁体离开线圈b端的过程,磁场穿过线圈向上且减小,由楞次定律知感应电流的磁场向上,则电流方向从a到b,为正值,且此过程磁体运动速度大于进入过程,磁通量的变化率大。由法拉第电磁感应定律知,该过程的感应电动势大,则感应电流大,故B正确。故选B。6、D【解题分析】,与照射光无关,故A错误;:..?h??Wkm光电子最大初动能E?eUkmc可知b光照射时光电子的最大初动能较大,b光子的能量高于a光子的能量,故B错误;,故C错误;,故两者的频率相同,由于a光的最大饱和电流更大,故a光的强度更强,故D正确。故D正确。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AC【解题分析】,故A正确;,故B错误;,光的偏振现象说明光是一种横波,故C正确;,故D错误。故选AC。8、BD【解题分析】,两点电荷产生好的电场强度大小为E?,由平行四边形定则合成,A、B、C三r2点的场强方向如图所示:结合对称性可知,A与B两点的电场强度大小相等,方向不同,则两点的场强不同;而比较A与B两点的电势,可由对称性可知沿MA和MB方向平均场强相等,则由U?E?d可知电势降低相同,故有???;或由点电荷的电势(决AB:..kQ定式??)的叠加原理,可得???,故A错误,B正确;、MB、MC三个方向,可知MA和MB方向MC方向的平均场强较大,由U?E?d可知沿MC方向电势降的多,而等量异种电荷连线的中垂线与电场线始终垂直,为0V的等势线,故有??????0V,ABC故C错误;,故由从A沿劣弧移到B的过程,从A点电场力与运动方向成钝角,到B点成直角,后变成锐角,故有电场力先做负功后做正功,由功能关系可知电势能先增大后减小,故D正确;故选BD。9、BCD【解题分析】由图读出波长?和周期T,由波长与周期可求出波传播的速度,根据质点的位置分析其运动情况,注意质点不随着波迁移;【题目详解】A、由图甲可知,在t?0时刻振源质点是向y轴负方向振动,其余质点重复振源质点的运动情况,故质点Q起振的方向仍为y轴负方向,故选项A错误;B、,由图乙可知波长为??2m,?2则波速为:v??m/s?100m/?1则由图乙可知当P再次处于平衡位置时,时间为:t'?s?,质点P再次处于平衡位置,即经过t''?t'?T?,故选项B正确;C、由于波沿x轴正方向传播,可知从t时刻算起,质点P比质点Q的先到达最低点,故选项C正确;015D、由题可知:?T?T,若质点P在最高点、最低点或平衡位置,则通过的路程为:s??4A?5A?,44但此时质点P不在特殊位置,故其路程小于1m,故选项D正确;E、波传播的是能量或者说是波的形状,但是质点不随着波迁移,故选项E错误。10、ACD【解题分析】,故两列波的波速相同;根据质点P开始振动的时间可得???m/s??t2故A正确;:..,两列波的周期T相同,由公式2πT==1s?故两列波的波长均为λ=vT=;??x=50cm?40cm=10cm=2T可知,B波比A波传到P点的时间晚,根据振动方程可得,A波起振方向与B波起振方向相同,故两波在P点的振2动反向,那么,P点为振动减弱点,故两列波在P点相遇时振动总是减弱的,-=;,只能在各自平衡位置附近振动,故E错误。故选ACD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)如图所示;ⅲ.【解题分析】(1)根据原理图连接实物图如图所示;(2)i、实验中,调节滑动变阻器R、R,当电流表示数为0时,说明电流表两端电势差为零,故电路中B点与C点12的电势相等;ii、为了使实验结果更精确,必须严格控制B、C两点电流为零,如果电流表A的量程相比与电路中的电流太大,会3:..造成BC中有电流,但是读不出来,显示为零,所以应选择量程非常小的,故选C;iii、根据电路规律可知,第一次实验中,路端电压为U???,干路电流为I?100?80?180mA?;第二次实验中有U'???,干路电流为I’????;由闭合电路欧姆定律可知E?U?Ir,E?U'?I'r,联立解得E?,r??.【题目点拨】该实验的关键是明确实验原理,即利用等势法求解,要求BC两点的电势相等,即无电流通过BC,所以在选择A时一定要选择量程非常小的电流表,然后利用电路结构,结合闭合回路欧姆定律,?D2I(R?r)12、(~)??1014L(I?I)21【解题分析】(1)[1]20分度的游标卡尺,,圆柱体的长度为L?50mm?3??[2]螺旋测微器的转动刻度为50格,,,转动刻度估读到零点几格,则圆柱体的直径为D????(~)(2)[3]直流电源E的电动势为4V,实验提供的电压表为15V,量程太大不合适,而电流表A的内阻已知,还有一个定1值电阻R=80Ω,可考虑改装出电压表,量程为0U?I(r?R)?5VVA110量程较合适,改装后待测电阻的最大电流为4I?A=40mAmax100电流表A的量程100mA,直接接在待测电阻上指针的偏转幅度小,而改装后的电压表和待测电阻并联后的总电流约2为80mA,则电流表A(100mA)接在干路上指针偏转比较合适;滑动变阻器R(10Ω)远小于待测电阻阻值100Ω,为了21调节方便和更多的获得测量数据,则采用滑动变阻器的分压式接法,电路图如图所示:..(3)[4]根据所设计的电路原理可知,待测电阻的电压为U?I(R?r)x101待测电阻的电流为I?I?Ix21由欧姆定律和电阻定律可得待测电阻的阻值为ULR?x??xISx?D2S?4联立解得电阻率为?D2I(R?r)??1014L(I?I)21四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)15m/s(2)303s【解题分析】(1)结合图乙可知海监船运行的位移即为v-t图线与横坐标轴所围的面积:1x??[(70-30)+80]?20m=1200m2由运动学公式x=vt,代入数据可求得:v=15m/s?v(2)由加速度定义式:a?代入数据可求加速与减速过程中加速度大小分别为:?t20?02a=m/s2=m/s2130320?0a=m/s2=2m/s2210设加速时间为t,减速时间为t,要使时间最短有12:..at=at112211at2?at2?x211222解得t=303s114、(1);(2)【解题分析】(1)在拉力撤去前,根据受力平衡有F?(k?k)xAB1代入数据解得x=,对A、B整体根据牛顿第二定律有F=2ma1解得a=,用隔离法有kx+F=maA1f1解得F???mgf即A、B之间相对静止,为静摩擦力,所以物块A的加速度为a=(2)在拉力改为F′=,撤去拉力前,根据受力平衡有F??(k?k)xAB2代入数据解得x=,对A、B整体根据牛顿第二定律有F′=2ma2解得a=,用隔离法有:..kx+F′=maA2f2解得F′==F′-F=?R?0v?v2?2gL15、(1)??;(2)qBcos??sin?0cos2?【解题分析】1(1)带电油滴在圆形区域运动,电场力和重力相平衡,在洛伦兹力作用下运动圆周。根据4v2qvB?m00r得轨迹半径为mvr?0qB设圆形区域的半径为R,由几何关系得Rcos??Rsin??r解得mvR?0??qBcos??sin?(2)带电油滴在MN段运动时,由牛顿第二定律得mgtan??ma①由运动规律得v2?v2?2ax②0由几何关系知Lx?③cos?解①②③式得:..sin?v?v2?2gL0cos2?