上海市南模中学2024年高三下开学检测试题化学试题含解析.pdf

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子晶体,熔点比钠的高,即Y<Z,A错误;,最高价氧化物的水化物HNO为强酸,B错误;、Z分别为Na、Si,Si的氧化物SiO为共价化合物,C错误;、Z分别为:N、Si,气态氢化物稳定性NH>SiH,即X>Z,D正确;34答案选D。7、D【解题分析】,生成高级脂肪酸钠和甘油,加入热的饱和食盐水发生盐析,密度较小的高级脂肪酸钠溶解度变小而析出,上层析出的是高级脂肪酸钠,A项错误;,但氨基不一定连接在离羧基最近的碳原子上,B项错误;,使蛋白质发生变性,产生沉淀,加水后沉淀不能溶解,C项错误;、纤维素的水解反应来生产葡萄糖,D项正确;答案选D。8、B【解题分析】?-?,lg=0,c(A-)=c(HA),溶液为酸和盐的溶合溶液,pH=4,抑制水的电离,溶液中由水电离的c(OH-)c?HA?约为1×10-10mol·L-1,选项A正确;?-??+??-??-?cAcHcAcB???=0,c(A-)=c(HA),电离平衡常数:Ka(HA)==cH=10-4mol/L;lg=0,c?HA?c?HA?c?HB?:..????cH+cB-?+?c(B-)=c(HB),电离平衡常数:Ka(HB)==cH=10-5mol/L,Ka(HA)>Ka(HB),选项B错误;c?HB??-?,lg=0,c(B-)=c(HB),pH=5,c(B-)=c(HB)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-),选项C正确;c?HB??-?=7时,lg>0,c(B-)>c(HB),选项D正确。c?HB?答案选B。9、D【解题分析】,所以无论是否含有甲醛,都会有该现象,A错误。,所以溶液一样可以能发生银镜反应,不能证明是否含有甲醛,B错误。。所以将甲酸溶液进行酯化反应后的混合液含有甲酸及甲酸酯中都含有醛基,可以发生银镜反应。因此不能证明含有甲醛,C错误。,发生酸碱中和反应得到甲酸钠。甲酸钠是盐,沸点高。若其中含有甲醛,则由于甲醛是分子晶体,沸点较低。加热蒸馏出的气体通入新制的氢氧化铜悬浊液加热煮沸,若有砖红色沉淀,则证明蒸馏出的气体中含有甲醛,D正确。答案选D。10、B【解题分析】A选项,生活中常用小苏打、氢氧化铝来治疗胃酸过多,故A正确;B选项,水泥主要原料是黏土、石灰石、石膏,陶瓷主要原料是黏土,玻璃工业主要原料是碳酸钠、碳酸钙、二氧化硅,因此生产原料中不是都用到了石灰石,故B错误;C选项,硫酸钡男溶于水和酸,可用于胃肠X射线造影检查,故C正确;D选项,双氧水、高锰酸钾溶液具有强氧化性,可用于杀死埃博拉病毒,漂白粉消毒饮用水主要是氢氧化性,因此原理都相同,故D正确;综上所述,答案为B。11、B【解题分析】取样加入稀硫酸产生白色沉淀和产生气体,则一定含有HCO-、Ba2+,又HCO-与Al3+发生双水解反应,所以原溶液33:..中一定不含Al3+,取样加入少量氢氧化钠溶液产生白色沉淀,则白色沉淀一定含碳酸钡,综上所述,原溶液中一定含HCO-、Ba2+,一定不含Al3+,可能含Cl-,据此分析判断。3【题目详解】A、原溶液中可能含Cl-,故A错误;B、由上述分析可知,原溶液中一定含HCO-、Ba2+,故B正确;3C、由上述分析可知,原溶液中一定含HCO-、Ba2+,故C错误;3D、由上述分析可知,原溶液中一定不含Al3+,故D错误;故选:B。【题目点拨】本题考查离子检验与推断,掌握发生的离子反应及现象是解题关键,题目难度不大。12、C【解题分析】℃,标况下为液体,,故A错误;+在水溶液中会发生水解,不能确定其数目,故B错误;÷120g/mol=,NaClO3中***元素由+5价降到+4价,失一个电子,故6molNaClO3失6mol电子,,转移电子数为6N,故C正确;,一个水分子中有两个氢氧键,故生成的水中氢氧键数目为28N,故D错误;3A故答案为C。【题目点拨】本题结合氧化还原反应方程式考察阿伏伽德罗常数,要抓住题目关键信息,判断反应标况下的状态,注意D选项中一个水分子中有两个氢氧键。13、B【解题分析】①点溶液中溶质为等物质的量浓度的CHCOONa和CHCOOH,混合溶液中存在物料守恒,根据物料守恒判断;任33何电解质溶液中都存在电荷守恒,根据电荷守恒判断;②点溶液呈中性,溶质为CHCOONa和CHCOOH,但33CHCOOH较少③点溶液中溶质为CHCOONa,溶液的pH>7,溶液呈碱性。33【题目详解】A、①点溶液中溶质为等物质的量浓度的CHCOONa和CHCOOH,混合溶液中存在物料守恒,根据物料守恒得33c(CHCOO﹣)+c(CHCOOH)=2c(Na+),故A错误;33B、任何电解质溶液中都存在电荷守恒,根据电荷守恒得c(Na+)+c(H+)=c(OH﹣)+c(CHCOO﹣),所以滴定过程中①②③3任一点都存在电荷守恒c(Na+)+c(H+)=c(OH﹣)+c(CHCOO﹣),故B正确;3:..C、③点溶液中溶质为CHCOONa,溶液的pH>7,溶液呈碱性,则c(H+)<c(OH﹣),根据电荷守恒得c(Na+)>c(CHCOO33﹣),盐类水解程度较小,所以存在c(Na+)>c(CHCOO﹣)>c(OH﹣)>c(H+),故C错误;3D、滴定过程中遵循电荷守恒,如果溶液呈酸性,则c(H+)>c(OH﹣),根据电荷守恒得c(Na+)<c(CHCOO﹣),故D错3误;答案选B。【题目点拨】本题以离子浓度大小比较为载体考查酸碱混合溶液定性判断,明确混合溶液中溶质成分及其性质是解本题关键,注意电荷守恒、物料守恒的灵活运用,注意:电荷守恒和物料守恒与溶液中溶质多少无关。14、D【解题分析】??????cCHCOO-?HCOO-Ka=33+-、CHCOOH的,取B点状态分析,=1,且c(H)=1×10,所以3????HCOOH33Ka=1×10-,故A不符合题意;B、C点状态,溶液中含有CHCOONa、NaOH,故c(Na+)>c(CHCOO-),溶液呈碱性,c(OH-)>c(H+),pH=,33故此时c(CHCOO-)远大于c(OH-),因此c(Na+)>c(CHCOO-)>c(OH-)>c(H+),故B不符合题意;33C、根据电荷平衡,c(Na+)+c(H+)=c(CHCOO-)+c(OH-),B点溶液中,c(CHCOO-)=c(CHCOOH),所以333c(Na+)+c(H+)=c(CHCOOH)+c(OH-),故C不符合题意;3D、在溶液中c(CHCOO-)+c(CHCOOH)=,A点的溶液中,c(H+)>c(OH-),c(CHCOO-)+c(H+)+c(CHCOOH)3333-c(OH-)>,故D符合题意;故答案为D。15、B【解题分析】:c(Na?)?c(H?)?c(CHCOO?)?c(OH?),溶液中的物料守恒式为:3c(CHCOO?)?c(CHCOOH)?c(Na?),两式联立可得:c(CHCOOH)=c(OH?)?c(H?),又因为溶液在常温下333pH=8,所以有c(CHCOOH)=(10?6?10?8)mol/L,A项正确;(HX)>K(HY),HX酸性更强,所以HX溶液在稀释过程中pH变化更明显,B项错误;:BaSO(s)?CO2?(aq)BaCO(s)?SO2?(aq),当向硫酸钡中加饱和碳酸4334钠溶液时,溶液中的碳酸根浓度很高,可以让上述转化反应正向进行,生成BaCO沉淀,C项正确;,两种溶液混合后,溶液呈中性,即:c(H?)=c(OH?)=10-7mol/L;列出溶液的电荷守恒式::..c(Na?)?c(H?)?c(CHCOO?)?c(OH?),所以有:c(Na?)?c(CHCOO?)=;此外,溶液中还有下331a?:c(CHCOO?)?c(CHCOOH)=amol/L,所以c(CHCOOH)=mol/L;醋酸的电离平衡常33232c(H?)?c(CHCOO?)10?7??9K(CHCOOH)=3==数即为:a3c(CHCOOH)a?-,D项正确;32答案选B。【题目点拨】处理离子平衡的题目,如果题干中指出溶液呈中性,一方面意味着常温下的该溶液c(H+)=10-7mol/L,另一方面意味着溶液中c(H?)=c(OH?),可以通过将这个等量关系与其他守恒式关联进一步得出溶液中其他粒子浓度之间的等量关系。16、D【解题分析】A、Na-K合金常温下为液体,具有良好的导热性,常用于快中子反应堆的导热剂,故A说法正确;B、MgO熔沸点高,常用作耐高温材料,故B说法正确;C、我国最常见的贫血症是缺铁性贫血,铁是制造血红蛋白必不可缺少的原料,因此亚铁盐是常用补血剂,故C说法正确;D、石英是SiO,属于酸性氧化物,与碱能发生反应,因此石英坩埚不能熔融碱,常用铁制坩埚,故D说法错误;2答案选D。二、非选择题(本题包括5小题)17、CHNO羧基、+nHO7722取代反应保护氨基+HO+CHCOOH23【解题分析】(1)由甲的结构简式,则甲的分子式为CHNO,所以甲的最简式为CHNO;由丙的结构简式772772:..,所以丙中含有官能团的名称为羧基、氨基;答案:C7H7NO2;羧基、氨基。(2):5,故a正确;,故b错误;,含有***原子又能与氢氧化钠溶液反应,故c正确;,故d错误,故选ac,(3).甲为,在一定条件下能单独聚合成高分子化合物,该反应的化学方程为。(4)①由可知步骤Ⅰ的反应类型是取代反应;答案:取代反应。②步骤Ⅰ和Ⅳ在合成甲过程中的目的是保护氨基。答案:保护氨基;③步骤Ⅳ反应的化学方程式为。答案:。18、碳碳双键,溴原子CHONaOH水溶液取代反应10164CH(CH)COOH324【解题分析】由题给有机物转化关系可知,在催化剂作用下,与氢气发生加成反应生成,则B为;:..在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成,则C为;在浓硫酸作用下,与CHCOOH共热发生酯3化反应生成,则D为CHCOOH。3【题目详解】(1)A中含有的官能团是碳碳双键、溴原子;E的分子式是CHO;试剂a是NaOH水溶液,故答案为:碳碳双10164键、溴原子;CHO;NaOH水溶液;10164(2)B的结构简式为,在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成,故答案为:水解反应或取代反应;(3)在浓硫酸作用下,与CHCOOH共热发生酯化反应生成,反应的化学方程式为3,故答案为:;(4)C的结构简式为,C的同分异构体能使石蕊试剂显红色,说明分子中含有羧基,可为CH(CH)32COOH等,故答案为:CH(CH)COOH等;4324(5)以环己醇()为原料合成时,可先发生消去反应生成环己烯,然后发生加成反应邻二溴环己烷,在氢氧化钠醇溶液中邻二溴环己烷发生消去反应生成1,3—环己二烯,1,3—环己二烯与溴水发生1,4加成可生:..成目标物,合成路线