浙江省义乌中学2024届高三上学期首考适应性考试物理试题及答案7680.pdf

该【浙江省义乌中学2024届高三上学期首考适应性考试物理试题及答案7680 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【9】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【浙江省义乌中学2024届高三上学期首考适应性考试物理试题及答案7680 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..义乌中学2024届高三首考适应性考试物理试题本试题卷分选择题和非选择题两部分,共6页,满分100分,考试时间90分钟。考生注意:,请务必将自己的姓名,准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在本试题卷上的作答一律无效。,作图时先使用2B铅笔,确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。第Ⅰ卷(选择题共45分)一、选择题I(本题共13小题,每小题3分,共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合題目要求的,不选、多选、错选均不得分),不确定关系告诉我们,如果以?x表示粒子位置的不确定量,以?p表示粒子在x方向h上动量的不确定量,则?x?p?,式中h是普朗克常量,?m/?m2/?m/?m2/,,所有小矩形面积之和近似等于物体的位移大小,,其中斜面的作用是“冲淡”重力,方便测时间,随着斜面倾角的增大,伽利略观察到铜球的运动规律相同,,直到物体匀速运动起来,用力的传感器测得拉力的变化过程,,从t=0开始由静止匀加速至t=t时刻,此后做匀减速运动,到t=t时刻速度降为零。12在下列小车位移x与时间t的关系曲线中,“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭。如图所示,发射仓内的高压气体先将火箭竖直向上推出,火箭速度接近零时再点火飞向太空。,:..“中国天眼”的射电天文望远镜(FAST)如图所示,质量为3×104kg的馈源舱用对称的六索六塔装置悬吊在球面镜正上方,相邻塔顶的水平距离300m,每根连接塔顶和馈源舱的绳索长600m,不计绳索重力,××××,由红外光源发射的光束经烟尘粒子散射后照射到光敏电阻上,光敏电阻接收的光强与烟雾的浓度成正比,其阻值随光强的增大而减小。闭合开关,当烟雾浓度达到一定值时,干簧管中的两个簧片被磁化而接通,触发蜂鸣器报警。为了能在更低的烟雾浓度下触发报警,,虚线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ分别表示地球卫星的三条轨道,其中轨道Ⅰ,轨道Ⅱ为椭圆轨道,轨道Ⅲ,a、b、c三点分别位于三条轨道上,b点为轨道Ⅱ的远地点,b、c点与地心的距离均为轨道Ⅰ半径的2倍,Ⅱ的运行周期为轨道Ⅰ,,还剩下没衰变,,,在“核燃烧”的过程中“体重”不断减轻。,在同一均匀介质中有两个振动完全相同的波源S、S,两波源相距24cm,M、N为介质中两12波源连线的中垂线上的两个质点。,从波源振动开始计时,M点的振动图像如图乙所示。当N点开始振动后,在某一时刻在中垂线上M、N是相邻的波峰,、、、、N处于波峰时,,开始进入试车定型阶段,该潜艇应用了超导磁流体推进器。如图是超导磁流体推进器原理图,推进器浸没在海水中,海水由前、后两面进出,左、右两侧导体板连接电源,与推进器里的海水构成回路,由固定在潜艇上的超导线圈(未画出)产生垂直于海平面向下的匀强磁场,磁感应强度为B。已知左、右两侧导体板间海水的体积为V,垂直于导体板方向单位面积上的电流为I(导体板外电流不计),,左,右两侧导体板所接电源的正、,,其两端的电压为U,则潜艇在海水中匀速前进时,海水中的电流等于U/“十四五”规划,杭丽高铁建成后,丽水前往杭州的时间将缩短至1小时内。新建成的高铁将应用许多新技术,图示为高铁的牵引供电流程图,利用可视为理想变压器:..(原、副线圈匝数比为n:n)的牵引变电所,,再通过接触网上的电线与车顶上的受电弓使机车获得25kV工作电压,,则n:n=22:,,,电机效率为90%,,为了给一座特殊的密闭仓库采光,在正南朝向的竖直墙壁上切开一个正方形孔,其中AF边与BE边水平、AB边与FE边竖直,并在孔内镶嵌一块折射率为2的玻璃砖。这块玻璃砖的室内部分是边长为2R的正方体,室外部分是半圆柱体。某时刻正南方向的阳光与竖直面成30°角斜向下射向半圆柱面,已知光在真空中的传播速度为c,,从AF边入射的那束光,°折射进入玻璃砖的那束光,其首次从玻璃砖表面折射回到空气的折射角大小为45°,首次从玻璃砖表面出射至空气前,在玻璃砖内传播的?23?R时间为??1??3?c??,,空间存在竖直向下的匀强电场,电场强度的大小E?(g为重力加速度),qA、B两物体通过劲度系数为k的绝缘竖直轻质弹簧相连放在水平面上,A、B都处于静止状态。、质量均为,其中带正电,电荷量为?q,不带电。弹簧始终在ABmAB1弹性限度内,弹簧的弹性势能可表示为E?kx2,k为弹簧的劲度系数,x为弹簧的p2形变量。若不计空气阻力,不考虑A物体电荷量的变化,保持电场强度的大小不变,将电场方向改为竖直向上,,,,,A的速度大小为gk二、选择题II(本题共2小题,每小题3分,共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分),“彩超”利用多普勒效应的原理测定血管中血液的流速:..,核电站的核反应堆外面修建很厚的水泥层,,用同一装置仅调节单缝宽度得到某单色光的两幅衍射图样,,由氢原子能级图可知,某一氢原子从n=2能级向基态跃迁辐射的光子,有可能被另一个处于n=。在玻璃管中有两个相同的板状金属电极,并充入低压氖气,在两极间接入电压使氖气导电,如果金属电极发出的电子在电场作用下获得足够的能量,就能使氖气发光。将氖泡、保护电阻和电压可调的电源按如图所示的电路连接。氖泡用黑纸包住,黑纸上留出一条狭缝使光可以照射到氖泡。发现在没有光照的暗室中,当电源两端电压为U时,氖泡恰能发光;0当电源两端电压为U(U<U)时,氖泡不发光,但同时用频率为v的紫光照射氖1101泡,氖泡也恰能发光。两次实验中,氖泡恰能发光时回路中的电流可认为相等。已知普朗克常量为h,电子电荷量为e。,用黄光照射氖泡,,紫光的光子能量hv?eU?,Ⅱ卷(非选择题共55分)16.(14分)(Ⅰ)小明用如图甲所示的装置来验证动量守恒定律,该装置由水平长木板及固定在木板左端的硬币发射器组成,硬币发射器包括支架、弹片及弹片释放装置,释放弹片可将硬币以某一初速度弹出。已知五角硬币和一元硬币与长木板间动摩擦因数近似相等,主要实验步骤如下:①将五角硬币置于发射槽口,释放弹片将硬币发射出去,硬币沿着长木板中心线运动,在长木板中心线的适当位置取一点O,测出硬币停止滑动时硬币右侧到O点的距离。再从同一位置释放弹片将硬币发射出去,重复多次,取该距离的平均值记为S,如图乙所示;1②将一元硬币放在长木板上,使其左侧位于O点,并使其直径与中心线重合,按步骤①从同一位置释放弹片,重新弹射五角硬币,使两硬币对心正碰,重复多次,分别测出两硬币碰后停止滑行时距O点距离的平均值S和S,如图丙所示。23(1)(单选)、、?(2)该同学要验证动量守恒定律的表达式为(用已知量和测量的量表示),若进一步研究该碰撞是否为弹性碰撞,需要判断关系式是否成立(用S、S、S表示)。123(Ⅱ)某同学利用如图装置测量小车和智能手机的质量,智能手机可以利用APP直接测量出手机运动时的加速度。m悬挂质量为的钩码,用智能手机测出小车运动的加速度a;改变钩码的质量m,进行多次测量;做出a与m?g?a?的图像如图,已知图像中直线的截距为b,斜率为k。不计空气阻力,重力加速度为g。(1)(单选)以下说法正确的是;,(2)根据图像可得,小车和手机的质量为;(3)再利用手机APP测出斜面倾角为?,则小车和智能手机沿木板运动过程中受摩擦力的大小为。:..(Ⅲ)灵敏电流计(俗称“表头”)的结构如图1所示,线圈由长而细的铜丝绕制而成,当电流通过接柱流入线圈时,线圈会在均匀辐向磁场中转动,从线圈的偏转角度就能判断电流的大小。灵敏电流计的优点是灵敏度高,但是允许通过的电流很弱,如希望用它测量较大的电流值,就要进行电表的改装。图1图2图3(1)当电流流过灵敏电流计的线圈时,线圈因受到力的作用而转动。(2)如图2所示,为将内阻为200Ω,,应给表头并联一个定值电阻R,R的阻值为Ω。(结果保留两位有效数字)11(3)某同学查阅资料了解到制作定值电阻的材料是锰铜或镍铬合金,而制作表头线圈的材料是铜,对比材料的电阻率随温度变化的数据得知,图2中表头的阻值R随温度升高而增大,而R几乎不随温度变化。g1他认为电流表这样直接改装会因环境温度变化的影响对测量带来较大的误差。为了探究大量程电流表的结构,他打开了双量程安培表的后盖观察内部电路,发现其表头是与一个电阻R串联后才一起接入电路的,0如图3所示,经查阅资料发现这是一个温度补偿电阻。,这个温度补偿电阻的阻值随温度变化的特点应为:随温度升高电阻的阻值(选填“增大”、“减小”或“不变”),放到更高温度的环境下使用,会造成测量结果偏大还是偏小?请分析说明。17.(8分)如图所示,左端封闭右端开口、内径相同的U形细玻璃管竖直放置,左管中封闭有长L=20cm的空气柱,初始两管水银面相平,下方水银柱足够长,已知大气压强p=075cmHg,初始时封闭气体的热力学温度T=300K。现将下端阀门S打开,缓慢流出部分水1银,然后关闭阀门S,发现左管水银面下降的高度为Δh=5cm。1(1)求放出的水银对应的水银柱长度;(2)关闭阀门S后,若缓慢升高左管内封闭气体的温度,使左管的水银面再下降5cm,求此时左管内气体的热力学温度T;2(3)在(2)问的过程中,测得左管气体的内能增加为ΔU,左管气体从外部吸收的热量为Q,请比较ΔU与Q的大小关系。18.(11分)如图所示,轨道ABCD由半径R=、长度L=。质量m=2kg的物块P和质量m=1kg的物块Q压缩着12一轻质弹簧并锁定(物块与弹簧不连接),三者静置于CD段中间,物块P、Q可视为质点。紧靠D的右侧水平地面上停放着质量m=3kg的小车,其上表面EF段粗糙,与CD等高,长度L=;FG段为半3EF径R=;小车与地面间的阻力忽略不计。P、Q与BC、EF间的动摩擦因数2均为μ=,重力加速度g=10m/s2,现解除弹簧锁定,物块P、Q由静止被弹出(P、Q脱离弹簧后立即撤走弹簧),其中物块P进入CBA轨道,而物块Q滑上小车。不计物块经过各连接点时的机械能损失。(1)若物块P经过CB后恰好能到达A点,求物块P通过B点时,物块P对圆弧轨道的弹力;(2)若物块P经过CB后恰好能到达A点,试分析物块Q能否冲出小车上的G点,若能冲出G点,求出物块Q从飞离G点到再次回到G点过程中小车通过的位移;若物块Q不能飞离G点,请说明理由;(3)若弹簧解除锁定后,物块Q向右滑上小车后能通过F点,并且后续运动过程始终不滑离小车,求被锁定弹簧的弹性势能取值范围。:..19.(11分)如图甲所示,由粗细均匀的金属丝绕制而成的单匝矩形线圈abcd固定在绝缘滑块上,线圈和滑块的总质量为=1kg,水平面粗糙,线圈ab边长度为L=2m,线圈ad边长度为L=1m,金属丝单12位长度的电阻为λ=。滑块的右侧有一以EH、EG为界的匀强磁场,磁场区域足够大。滑块在外力F的作用下以速度v=。从某时刻开始计时,得到F随时间t变化的图像如图乙所示。已知ab边到磁场下边界EH的距离x=,取g=10m/s2,求:(1)匀强磁场磁感应强度的大小;(2)线圈进入磁场过程中cd两点间的电势差U,通过线圈的电荷量和线圈中产生的热量;cd(3)从开始计时到线圈ad边刚好进入磁场过程中外力F做的总功和摩擦力的冲量。20.(11分)如图为某同学设计的带电粒子的聚焦和加速装置示意图。位于S点的粒子源可以沿纸面内与SO(O为圆形磁场的圆心)的夹角为θθ≤60°的方向内均匀地发射速度为v=10m/s、电荷量均为110q=-×10-4C、质量均为=×10-6kg的粒子,粒子射入半径为R=。已知粒子源在单位时间发射N=×105个粒子,圆形区域磁场方向垂直纸面向里,沿着SO射入圆形区域磁场的粒1子恰好沿着水平方向射出磁场。粒子数控制系统是由竖直宽度为L、且L在0≤L≤2R范围内大小可调的粒子通道构成,通道竖直宽度L的中点与O始终等高。聚焦系统是由有界匀强电场和有界匀强磁场构成,1匀强电场的方向水平向右、场强E=,边界由x轴、曲线OA和直线GF(方程为:y=-x+(m))构成,匀强磁场方向垂直纸面向里、磁感应强度B=,磁场的边界由x轴、直线GF、y轴构成,已知所有经过聚焦系统的粒子均可以从F点沿垂直x轴的方向经过一段真空区域射入加速系统。加速系统是由两个开有小孔的平行金属板构成,两小孔的连线过P点,上下两板间电势差U=-10kV,不计粒子的重力和粒子间的相互作用力。求:(1)圆形磁场的磁感应强度B;0(2)当L=R时,求单位时间进入聚焦系统的粒子数N;0(3)若进入加速系统内粒子的初速度均忽略不计,设从加速系统射出的粒子在测试样品中运动所受的阻力f与其速度v关系为f=kv(k=),求粒子在样品中可达的深度d;(4)曲线OA的方程(定义域不做要求):..义乌中学2024届高三上学期首考适应性考试物理参考答案1-5:BDDAB6-10:DDDBC11-13:CBD14:ABD15:BD16.(Ⅰ)A(1分)mS??mS?mS(2分)mS?mS?m(S2分)1**********【详解】(1),故应分别测出一枚五角硬币和一元硬币的质量m、m。故A正确;,需要测出硬币在O点以后滑行的位移,可以不测量五角硬币和一元硬币的直径,发射槽口到O点的距离也不需要测量,故BD错误;,所以硬币与木板间的动摩擦因数不需要测量,故C错误。(2)硬币在桌面上均做加速度相同的匀减速运动,根据速度-位移关系可知v2?2ax。?mg其中a???g则v?2?gxm由动量守恒定律可知mv??mv?mv111223只需验证mS??mS?mS成立,即可明确动量守恒。111223111(3)如果该碰撞为弹性碰撞,则mv2?mv2?mv2解得mS?mS?mS2112122231112231gsin??b(Ⅱ)B(1分)(1分)(2分)kk【详解】(1)设小车和手机的质量为M,斜面倾角为?,对钩码和小车以及手机的系统由牛顿第二定律有mg?Mgsin???Mgcos??(M?m)am(g?a)Mgsin???Mgcos?整理可得a??可得本实验的原理为a与m(g?a)成一次函数。,故不需要近似的用钩码重力代替绳的拉力,也就不需要质量关系,即不需要钩码的质量应该远小于智能手机和小车的质量,故A错误;,则细绳应该始终与长木板平行,故B正确;m(g?a),系统的牛顿第二定律表达式为a?Ma与m(g?a)成正比例函数,不符合实验实验结果,则不需要平衡摩擦力,故C错误;,则绳子的拉力小于钩码的重力,故D错误。1(2)根据a与m(g?a)的一次函数关系,可知图像的斜率的意义为?kM1则小车和手机的质量为M?kMgsin???Mgcos?(3)根据a与m(g?a)的一次函数关系,可知纵截距的物理意义为b?Mgsin??b联立解得摩擦力的大小为f??Mgcos??k(Ⅲ)(1)安培(1分)(2)(1分)(3)(1分),则流过表头的电流I=1I,当温度升高后,R变大而gR?Rgg1R不变,因此I变小;而改装表的读数正比于流过表头的电流I,因此测量值小于真实值。(2分)1gg17.(1)由----------------------------------------------------------1分----------------------------------------------------------1分----------------------------------------------1分可得------------------------------------------------------1分(2),对应空气柱长度为,由-------------------------------------------1分------------------------------------------------------1分可得----------------------------------------1分:..(3)由可知左管气体对外做功,所以,所以。---------------1分18.【答案】(1)60N,方向竖直向下;(2)能,;(3)(1)物块P从B到A过程,根据动能定理有---------------1分物块P在B点,对该物块进行分析有---------------1分解得根据牛顿第三定律,物块对轨道的压力大小60N,方向竖直向下。---------------1分(2)物块P被弹出到运动到A过程,根据动能定理有解得---------------1分对P、Q构成的系统,根据动量守恒定律有解得对Q与小车构成的系统,在水平方向,根据动量守恒定律有---------------1分根据能量守恒定律有解得---------------1分物块P运动时间为---------------1分(3)物块被弹开过程有---------------1分当物块Q向右滑上小车后恰好到达F点与小车共速时,弹簧弹性势能最小,此时,对物块Q与小车有解得---------------1分由于当物块Q冲上FG圆弧没有越过G点之后又返回E点与小车共速时,弹簧弹性势能达到最大值,则弹簧弹开两物块过程有当物块Q冲上FG圆弧没有越过G点之后又返回E点与小车共速过程有解得---------------1分综合上述,被锁定弹簧的弹性势能的取值范围为---------------1分,2J;(3)17J,25Ns,水平向左19.【答案】(1);(2)-,【详解】(1)如题图乙所示,设,,滑块与水平面间的动摩擦因数为,在线圈进磁场之前,滑块做匀速运动,由平衡条件可知解得---------------1分设匀强磁场的磁感应强度为,在线圈刚进入磁场时,切割磁场线产生的感应电动势为回路中的感应电流方向为cbad,大小为线圈水平方向所受安培力方向为水平向左,大小为水平线圈竖直方向所受安培力方向为竖直向下,大小为---------------1分竖直因滑块是匀速运动的,由平衡条件可知---------------1分竖直水平刚进入磁场时,竖直方向安培力等于零,解得---------------1分(2)线圈进入磁场过程中的感应电流为Ucd=----------------1分---------------1分线圈进入磁场过程中通过线圈的电荷量---------------1分(3)在时间内,外力F做的功为线圈进入磁场过程中,线圈中的电流大小不变,设线圈进入磁场长度为,则有:..可知外力随线圈进入磁场的长度呈线性变化,当线圈ad边刚好进入磁场时,有---------------1分则线圈进入磁场过程,外力F做的功为从开始计时到线圈ad边刚好进入磁场过程中外力F做的总功为---------------1分总在时间内摩擦力冲量时,线圈ad边刚好进入磁场,此时摩擦力在t=时间内摩擦力冲量---------------1分在---------------1分20.【答案】(1);(2);(3);(4)【详解】(1)由洛伦兹力提供向心力得---------------1分解得圆形磁场的磁感应强度为---------------1分(2)临界1:粒子恰好从控制系统上边界进入,粒子在S点入射速度与的夹角为,则解得---------------1分临界2:粒子恰好从控制系统下边界进入,粒子在S点入射速度与的夹角为,则解得---------------1分能进入控制系统的粒子数---------------1分(3)对粒子在加速系统运用动能定理解得---------------1分对粒子进入样品得过程运用动量定理---------------1分---------------1分粒子在样品中可达的深度为(4)设粒子从曲线OA的点进入电场,则粒子从直线GF的点射出电场,根据动能定理有---------------1分由洛伦兹力提供向心力得---------------1分曲线OA的方程为---------------1分