2024届山东省枣庄市八中东校区高三物理第一学期期末达标检测试题含解析.pdf

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at,0v2vd?0;竖直方向:0=v-gt;解得a=g①t?0②,故A正确;粒子在复合场中运动2g0gv2时,由于电场力与重力平衡,故粒子做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力qvB?m0rmv解得:r?0③,由①②③得到r=2d,故B错误;由于r=2d,画出轨迹,如图,由qBT?m?d几何关系,得到回旋角度为30°,故在复合场中的运动时间为t???,故2126qB3v0d2dt??C错误;粒子在电场中运动时间为:11v,故粒子在ab、bc区域中运动的v020??6总时间为:t?t?t?d,故D正确;:..【点睛】本题关键是将粒子在电场中的运动正交分解为直线运动来研究,而粒子在复合场中运动时,重力和电场力平衡,洛仑兹力提供向心力,、AC【解析】A.+Q圆环在水平线上产生的场强竖直分量叠加为0,只有水平分量相加,所以+Q圆环在水平线上的场强方向与水平线平行,同理?Q圆环在水平线上的场强方向与水平线平行;根据场强的叠加,带负电粒子从O到O过程中,受到的电场力合力方向始终水12平向右,与粒子运动方向相反,所以粒子做减速运动,A正确;BC.+Q圆环在水平线上O处场强为0,在向右无穷远处场强为0,同理?Q圆环在水1平线上的场强分布也如此,根据场强的叠加说明在O右侧和O左侧必定存在场强为012的位置,所以粒子从右侧远处运动到O过程中,合场强先水平向左减小,带负电粒子1所受电场力水平向右减小,电场力做正功,电势能减小,粒子做加速运动,在O右侧1某位置合场强为0,粒子速度达到最大,动能最大;继续向左运动,合场强水平向右且增大,粒子所受电场力水平向左,电场力做负功,电势能增大,粒子做减速运动至O,1B错误,C正确;,对比上述分析可知,粒子所受电场力先水平向右,后水平向左,2所以电势能先减小,后增大,综合BC选项分析,D错误。故选AC。9、BD【解析】f???mg?Eq?A、m所受的最大静摩擦力为,则根据牛顿第二定律得F?ff??mg?Eq?(M?m)a??,计算得出F?.则只需满足mMM??mg?Eq?(M?m)F?,???mg?Eq?B、当M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律得,m的加速度a?,m知m越大,m的加速度越小,相同位移时,所以的时间越长,m越大,m对木板的压力越大,:..摩擦力越大,M的加速度越大,因为作用时间长,则位移大,根据动能定理知,、当M与m发生相对滑动,E越大,m对M的压力越大,摩擦力越大,则M相对地面的位移相同时,根据动能定理知,、根据L?at2?at2知,E越大,m的加速度越小,M的加速度越大,知时间越长,2122因为E越大,M的加速度越大,则M的位移越大,根据动能定理知,.,故选BD点睛:当m与M的摩擦力达到最大静摩擦力,M与m发生相对滑动,,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律,、AD【解析】,P板带正电,通过R的电流向上,则由右手定则可知,导体棒A2沿逆时针方向转动,选项A正确;°时,则QE?mgtan45UE?d解得平行板电容器两端电压为mgdU?Q此时电路中的电流UmgdI??R2QR20电路消耗的电功率为3m2g2d2P?I2(R?R)?124Q2R0选项BC错误;,此时QE?3mg:..UE?d电动势U???3R2R00r?r1??B(r?r)??(12)=B?(r2?r2)122212解得导体棒A转动的角速度为33mgd?=?22?QBr?r12选项D正确。故选AD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、ADE【解析】(1)[1]因为电珠的额定电压为2V,为保证实验安全,选用的电压表量程应稍大于2V,但不能大太多,量程太大则示数不准确,所以只能选用量程为03V的电压表,故选A;:..[2]由P?UI得,电珠的额定电流PI??,故选D。(2)[3]由题意可知,电压从零开始变化,并要多测几组数据,故只能采用滑动变阻器分压接法,而分压接法中,为调节方便应选总阻值小的滑动变阻器,故选E。(3)[4][5]电珠内阻U2R??2ΩP电压表内阻远大于电珠内阻,应采用电流表外接法,故电路图和实物连接图分别如图乙、丙所示12、AC匀速直线D【解析】(1)[1].根据本实验的实验原理是合外力所做的功等于动能的变化量,通过研究纸带来研究小车的速度,利用天平测量小车的质量,利用砝码的重力代替小车的合外力,所以需要刻度尺来测量纸带上点的距离和用天平测得小车的质量,即还需要刻度尺,天平(带砝码),故选AC.(2)[2].为达到平衡摩擦力的目的,取下细绳和托盘,通过调节垫片的位置,改变长木板倾斜程度,根据打出的纸带判断小车是否做匀速直线运动;(3)[3].实验过程中,为减少误差,提高实验的精确度,他先调节木板上定滑轮的高度,使牵引小车的细绳与木板平行,目的是消除摩擦带来的误差,即平衡摩擦力后,使细绳的拉力等于小车的合力,故ABC错误,、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。qBR4πm13、(1)v?0;(2)t?2m3qB【解析】:..(1)根据洛伦兹力提供向心力有v2qυB?mr根据几何关系有R=2r0解得qBRv?02mB(2)磁场的大小变为后,粒子的轨道半径为2R,根据几何关系可以得到,当弦最04长时,运动的时间最长,弦为2R时最长,圆心角为60°,时间为060?2π?2R4πmt?0?360?v3qBπ?gd2h2π?gd2l214、(i)p?(ii)p?x4V?πd2(l?h)max4V00【解析】(i)M中气体等温变化。初态为?d?2p?p,V?V?πl??1x10?2?末态为d2??p?p??gh,V?πh??2x2?2?由等温变化有pV?pV1122解得π?gd2h2p?x4V?πd2(l?h)0(ii)气体等温变化。初态为d2??p?p,V?V?πl??3max30?2?末态为d2??p?p??gl,V?πl??4max4?2?:..有pV?pV,解得3344π?gd2l2p?max4V015、(1)mg方向竖直向上(2)s?22l【解析】(1)依题意可知,当弹簧竖直放置,长度被压缩l时,质量为3m的物体的动能为零,其重力势能转化为弹簧的弹性势能。由机械能守恒定律,弹簧的弹性势能为E?3mgl①p设小球P到达M点时的速度大小为v,由能量守恒定律得M1E?mv2?2mgl②P2M联立①②式,代入题给数据得v?2gl③M在M点,?F?M④Nl代入数据F?,F'?F?mg,方向竖直向上NN(2)设P离开M点后,落回到轨道NQ所需的时间为t,由运动学公式得12l?gt2⑤2P落回到NQ的位置与N点之间的距离为s?vt⑥M联立⑤⑥式得s?22l