广西邕衡金卷南宁市第三中学2024届高三第一次适应性考试(12月)物理含.pdf

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置保持静止,D错误。sin60?【解析】?3r,AN=r由几何关系算得折射角等于,则有n??3,30°sin30??光从空气射入水中,n>1,所以光速变小;°,sin60?=。又有sinC??,?,t?,由几何关系有x=r,则t?,【解析】:?mg2h?E?mv2,所以有:kc2011E=mv2?mv2?2mgh,?mg?c=3mg?0NC2h2h2:..11对滑块从A至D过程,动能定理有:?mgh?mv2?mv2,在D点有:2D20mv2mv2F?mg?D?3mg?0F?F;?v2?4gh,从C飞出后做平抛运动有2h?gt2,解得t?,C02g4hS?v2?4gh?C0g2hv?5ghS?2hS?6hS?=v2?2gh?,当0时,C,D,所以CD,D0gD正确。【解析】设粒子第一次离开电场的速度大小为v,根据动能定理mv2?qE?2d解020qEd得v?2,选项A错误;0m如图,粒子从上边界垂直QN,第一次离开电场后,垂直NP再次进入电场,故可知粒v2子在磁场中的运动轨迹半径为d,粒子在磁场中做圆周运动有Bqv?m0,r?d,解得0rmEB?2,选项B正确;qd粒子第二次在电场中做类平抛运动,设时间为2dt?3,沿y轴方向偏转位移为v011Eq2d2d??y?at2????<d,故第二次离开电场时的??22mv2?0?3坐标为(0,d),选项C正确;2v4d2d?0t,则t?带电粒子第一次在电场中加速时间,由1;带电粒子在磁场中运动21v02?mmd33md周期为T???,则粒子在磁场中的运动时间为t?T??,则带电粒qBqE244qE3?md子从A点进入电场到第二次离开电场时运动的总时间为t?t?t?t?(3?)选项D1234qE错误。11.(6分)(1)4()(1分)(2)A(1分)10()(2分)(3)L同学(2分)【解析】(1)根据图乙所示弹力F与弹簧长度l关系图像可知,当弹力为零时弹簧的长度即为弹簧原长,即l=4cm0?F(2)根据胡克定律有k??x图像的斜率表示劲度系数,则可知A弹簧的劲度系数大于B弹簧的劲度系数;B弹簧的劲2度系数为k??10N/m20?10?23:..(3)把弹簧长度当成伸长量作为横坐标作图(图乙),图像相对于图丙会向右平移,但并不影响图像斜率,故劲度系数一样准确,L同学说的正确。12.(10分,每空2分)(~)ADC【详解】(1),电压表应选A。为方便实验操作,使电表示数变化明显,滑动变阻器应选择阻值较小的,故选C。(2)根据闭合电路欧姆定律E?U?Ir可知U?E?Ir???I图像可知,电源内阻为r??Ω??(3),相对于电源来说电流表采用外接法,由于电压表分流作用,使所测电流小于电流的真实值,造成了实验误差,故A正确,B错误;?,由图像可知,电源内阻测量值小于真实值,C错误。,电流的测量值等于真实值,除此之外,由于电压表的分流作用,电流的测量值小于真实值,电源的U?I图像如图所示,由图像可知,电源电动势的测量值小于真实值,故D正确;故选AD。E?U(4)由P?IU,I?r1E联立解得P??U2?Urr即P?U图像是一条开口向下的抛物线,故C正确。故选C。mgphS13.(1)p?p?,h?0;(2)活塞从A运动到B的过程中,缸内气体放热。B0SBpS?mg0【解析】(1)活塞速度最大时,a=0,由平衡条件得mg+pS?pS(2分)0Bmg解得p?p?(2分)B0S由于活塞在A处和B处时,气体温度相同,则pSh?pSh(2分)0BBphS综上解得h?0(2分)BpS?mg0(2)活塞从A运动到B的过程中,缸内气体放热。(2分)6r?m14.(1)96N(2)5【解析】(1)对甲球,从A点下滑到B点过程,由动能定理得1mgh?mv2(2分)2B代入数据解得v?210m/sB对甲球,在B点,由牛顿第二定律得4:..v2F?mgcos??mB(2分)NR代入数据解得F?96N(1分)N(2)对甲球,从B点运动到D点过程,由动能定理得11mgR(1?cos?)??mgL?mv2?mv2(2分)2D2B代入数据得v?6m/sD在D点,甲乙两球碰撞瞬间,由动量守恒得mv?(m?m)v(2分)D共代入数据可得v?3m/s共对甲乙两球组成的系统,从D点到P点过程,有1r2?(r)2?vt(1分)2共p11r?gt2(1分)22p6联立以上式子,代入数据解得r?m(1分)515.(1)a=0,a=5m/s2;(2)6A;(3)【解析】(1)对b有E=BLv00I=102F=BIL(2分)00得E=2V,I=2A00F=2N<μmg=3N,故a平衡a=0(2分)0a对b,由牛顿第二定律有a=0+?a=5m/s2bb(2分)(2)根据右手定则判断两导体棒切割产生的电动势叠加,并和导轨构成回路,回路中的总电动势为E?BL(v?v)?6V(2分)112可知速度越大,电流越大,两棒此后均减速,则开始时电流最大。E根据闭合电路欧姆定律可知回路中的电流为I?1?6A(2分)12R(3)在导体棒a、b运动时,两导体棒受到的摩擦力大小相等,方向相反,根据左手定则可知两导体棒受到的安培力也等大反向,两导体棒组成的系统所受合力为零,满足动量守恒。取向右为正方向,当导体棒a向左运动的速度为零时,由动量守恒定律得mv?mv?mv(1分)213解得导体棒b的速率为v?2m/s3此时回路的感应电动势为E?BLv?2V23aE导体棒受到的安培力为F?BIL?B?2L?2N<?mga22R可知导体棒a的速度为零后,不再运动。此后,当b的速度为零时两棒相距最远(2分)设导体棒b产生的焦耳热为Q,根据能量守恒定律得12Q??mgs?mv2(2分)23解得s=(1分)5:..(说明:(3)中,用a、b棒加速度大小相同,由Δv?at和v?0?v?v求出v?2m/s也可1233以得动量式的1分)6