辽宁省沈阳市大东区2024年高三5月考试生物试题含解析.pdf

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联合处理时可显著降低内***的释放量,C正确;D、若因细菌感染引起高烧,单独使用抗生素B进行治疗对缓解内***血症的效果最差,D错误。:..故选D。【题目点拨】本题是一个实验题,分析表格中的数据找到自变量是“温度”和“所加物质的种类”,因变量是内***浓度,结合表格中的数据进行分析。7、A【解题分析】1、泡菜制作的原理是乳酸菌进行无氧呼吸产生乳酸,为了防止微生物污染,制作泡菜过程中应进行无菌操作;泡菜盐水的浓度应该是清水与盐的比例应为4:1,如果盐浓度过高会抑制乳酸菌发酵,造成咸而不酸,盐浓度过低不足以抑制微生物生长,造成杂菌污染;为了缩短制作时间可以加入陈泡菜水,以增加乳酸菌数量;微生物培养所用的培养基至少包括碳源、氮源、水、无机盐等。2、测定亚***盐含量时亚***盐在盐酸酸化的条件下与对氨基苯磺酸发生重氮化反应,与N-1-萘基乙二***盐酸盐结合形成玫瑰红色染料,用比色法可以推测样品中的亚***盐的含量。【题目详解】A、对氨基苯磺酸溶液与N-1-萘基乙二***溶液等体积混合作为亚***盐的测定的显色剂,A错误;B、亚***盐浓度较高,微生物因失水而不能生存,B正确;C、在泡菜腌制过程中,亚***盐含量先增加,一般腌制10d后,亚***盐含量开始下降,C正确;D、如果样液的比色杯光程大于制作标准曲线时的比色杯光程,测得的样液中亚***盐含量偏大,D正确。故选A。8、D【解题分析】1、基因突变的特点:普遍性、随机性、不定向性、多害少利性、低频性。2、分析柱形图:无花瓣花:大花瓣花:小花瓣花=4:4:1。【题目详解】A、根据题干分析可知,基因型为Aa的个体表现为大花瓣花,Aa自交,其子代中大花瓣花:小花瓣花:无花瓣花=2:1:1,不能判断该相对性状中大花瓣的显隐性,A错误;B、本题只涉及一对等位基因,不存在基因重组,F中各种表现型的出现是雌雄配子随机结合的结果,B错误;nC、假设一:小花瓣花的基因型为AA,无花瓣的基因型为aa,根据图中信息可知,F的花瓣的基因型及比例为:Aa:nAA:aa=4:4:1,即Aa和AA的基因型频率均为4/9,aa的基因型频率为1/9,则F中A的基因频率4/9×1/2+4/9=n2/3;假设二:小花瓣花的基因型为aa,无花瓣的基因型为AA,根据图中信息可知,F的花瓣的基因型及比例为:Aa:naa:AA=4:4:1,即Aa和aa的基因型频率均为4/9,BB的基因型频率为1/9,则F中A的基因频率1/9+4/9×1/2=n1/3,由此可知,F中A的基因频率为1/3或2/3,C错误;n:..D、由于随机传粉后代基因频率保持不变,其他条件不变的情况下,因此F中A的基因频率也为1/3或2/3,故该植n+1物种群的F代中三种表现型的比例保持不变,D正确。n+1故选D。二、非选择题9、黑曲霉或苹果青霉半乳糖醛酸除去未被固定的酶先A后B阀①95%乙醇絮状物(或浑浊或沉淀)固定化酶的量、反应液的流速(或酶反应时间)适宜浓度的甘露醇液体悬浮培养细胞质丰富、液泡小而细胞核大染色体畸变、细胞核变异或非整倍体产生激素平衡被打破敏感性缺乏成胚性的细胞系细胞全能性表达充分【解题分析】植物细胞全能性的基本含义是:植物体的每个生活细胞都具有遗传上的全能性,因而都具有发育成完整植株的潜能。植物的组织培养是根据植物细胞具有全能性这个理论,近几十年来发展起来的一项无性繁殖的新技术。植物的组织培养广义又叫离体培养,指从植物体分离出符合需要的组织、器官或细胞,原生质体等,通过无菌操作,在无菌条件下接种在含有各种营养物质及植物激素的培养基上进行培养以获得再生的完整植株或生产具有经济价值的其他产品的技术。狭义是指组培指用植物各部分组织,如形成层、薄壁组织、叶肉组织、胚乳等进行培养获得再生植株,也指在培养过程中从各器官上产生愈伤组织的培养,愈伤组织再经过再分化形成再生植物。【题目详解】(一)(1)果胶是植物细胞壁的主要成分,图中用微生物的提取液使果汁变得澄清,黑曲霉或苹果青霉中含有果胶酶和果胶甲酯酶可以使果汁变澄清,因此图中的微生物是黑曲霉或苹果青霉。果胶是由半乳糖醛酸和半乳糖醛酸甲酯组成,果胶酶和果胶甲酯酶可把果胶水解成半乳糖醛酸,从而使果汁澄清。固定化酶装柱后用蒸馏水洗涤的目的是除去未被固定的酶。(2)实验中,从微生物中提取酶需要对微生物进行培养,需要时间,且为了防止果汁时间长变质或影响口感,因此操作流程A和B的先后顺序为先A后B。在苹果汁澄清过程中,果胶酶和果胶甲酯酶已被固定在固定化酶柱上,因此应关闭的流速调节阀是阀①。果胶不溶于乙醇,要测定从固定化柱流出的果汁中是否还有果胶,可取一定量的果汁与等量的95%乙醇混合,如果出现絮状物(或浑浊或沉淀)现象,说明果胶还有剩余,还没有被完全水解。(3)反应物的量、酶的量和酶的活性以及产物的量、温度、pH等都会影响酶促反应速率,因此主要优化固定化柱中的固定化酶的量、反应液的流速(或酶反应时间)、反应液温度、反应pH等因素。(二)(1)原生质体没有细胞壁的保护,容易吸水胀破,因此为了维持原生质体的正常形态,酶混合液中应添加适宜浓度的甘露醇。(2)将目的基因导入原生质体后经培养形成愈伤组织,通过液体悬浮培养(特殊的)得到分散的细胞,这种细胞称为胚性细胞,其特征是细胞质丰富、液泡小而细胞核大。在适宜的培养液中,胚性细胞可以发育成胚状体(3)全能性的表现前提是细胞中存在全套的遗传物质,愈伤组织继代次数过多染色体畸变、细胞核变异或非整倍体产:..生,会丧失细胞全能性的表达能力,而且其结果是不可逆的。植物激素对植物细胞的生长发育有调节作用,细胞或组织中激素平衡被打破,或细胞对外源生长物质的敏感性发生改变,都会影响细胞的生长。随着时间推移,由于其他各种原因产生了缺乏成胚性的细胞系,全能性降低甚至丧失。(4)全能性指个体某个器官或组织已经分化的细胞在适宜的条件下再生成完整个体的遗传潜力。要获得植物克隆的成功,就要深入探讨特定植株细胞全能性的表达条件,尽量选择性状优良、细胞全能性表达充分的基因型。【题目点拨】本题考查酶的固定化原理及步骤及固定化酶的应用、植物组织培养过程中的问题以及有关全能性的探讨,学****中应注意总结归纳,突破难点。10、逆转录酶和Taq酶(热稳定的DNA聚合酶)2构建基因表达载体防止目的基因(或载体)自身连接;防止目的基因与运载体反向连接抗原—抗体杂交从基因组文库获取的G基因有内含子,在大肠杆菌中,其转录产物中与内含子对应的RNA序列不能被切除,无法表达出G蛋白【解题分析】分析题文描述可知:本题综合考查学生对基因工程的基本操作程序,特别是基因表达载体的构建、目的基因的检测与鉴定等相关知识的识记和理解能力。【题目详解】(1)RT-PCR过程,首先是以mRNA为模板逆转录为cDNA,此时需要逆转录酶参与催化;其次是将cDNA进行PCR扩增,在扩增过程中不开Taq酶(热稳定的DNA聚合酶)的催化。在进行PCR扩增时需要设计2种引物,以便分别与两条DNA模板链结合。(2)基因表达载体的构建是实施基因工程的第二步,也是基因工程的核心步骤。与单一酶切相比,双酶切具有的优点是:防止目的基因或载体自身连接;防止目的基因与载体反向连接。(3)若要检测G基因是否翻译出G蛋白,可采用抗原—抗体杂交技术。(4)真核生物基因中通常有内含子,而原核生物基因中没有内含子;牛为真核生物,大肠杆菌属于原核生物;原核生物没有真核生物所具有的切除内含子对应的RNA序列的机制。可见,从牛的基因组文库中获得的G基因有内含子,在大肠杆菌中,其转录产物中与内含子对应的RNA序列不能被切除,无法表达出G蛋白,因此以大肠杆菌作为受体细胞时未能得到G蛋白。【题目点拨】本题的难点在于对(4)题的解答,其关键在于从题意中提取有效信息,即真核生物基因中通常有内含子,原核生物基因中没有内含子,原核生物没有真核生物所具有的切除内含子对应的RNA序列的机制。在此基础上,从牛和大肠杆菌的基因结构入手,分析从牛的基因组文库中获得的G基因,将其导入大肠杆菌细胞中却未能得到G蛋白的原因。11、光合作用酶的含量和活性、C的含量等限制CO的固定升高长期使用高浓度CO会降低叶片的净光522合速率Ⅳ的胞外CO浓度高,利于CO由外界进入叶肉间隙;Ⅳ的净光合速率低,叶肉细胞对CO的固定222:..慢【解题分析】实验中,实验的自变量为“CO浓度”,因变量有净光合速率和胞间CO浓度,由图可知,在一定范围内随着二氧化碳22浓度增大,净光合速率和胞间CO浓度都增大。2【题目详解】(1)从代谢角度分析,幼苗的光合作用酶的含量和活性以及C的含量等限制了CO的固定等因素,导致幼苗固定52CO的速率不能随CO浓度的增加而持续增加。22(2)由图可知,在15?29天中,Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的净光合速率都呈现升高趋势;在第29天,各组净光合速率达到最大值,随后各组净光合速率下降,该现象说明长期施用高浓度CO会降低叶片的净光合速率。2(3)由实验结果可知:IV的胞外CO浓度高,利于CO由外界进入叶肉间隙以及IV的净光合速率低,叶肉细胞对22CO的固定慢等原因导致Ⅳ的胞间CO浓度大于Ⅲ。22【题目点拨】解答本题的关键是根据图形判断实验的自变量和因变量,并根据图形判断光合作用强度和二氧化碳浓度、气孔导度之间的关系。12、生产者所固定的太阳能和污水有机物中的化学能分解者有机物中的化学能未利用间接群落【解题分析】分析题图:根据双向箭头可知,乙是生产者;分解者除了一个箭头指向无机环境外,其余箭头应该都是指进来的,因此甲为分解者,则丙为消费者。【题目详解】(1)流经该湿地生态系统的总能量是生产者所固定的太阳能和污水有机物中的化学能。(2)由以上分析可知,图中甲为分解者;能量从乙→丙的传递形式是有机物中的化学能;生产者同化量的去向包括:自身呼吸消耗、流向下一个营养级、被分解者分解利用、未被利用,因此图中未显示出的乙的同化量的去向是未利用的能量。(3)湿地生态系统能含蓄水源,调节气候,这属于生态功能,体现了生物多样性的间接价值。(4)对湿地的范围和边界进行研究属于群落水平的研究。【题目点拨】本题考查生态系统的相关知识,要求考生识记生态系统中能量流动的过程及特点;识记生态系统的价值及实例;识记群落水平上研究的问题,能结合所学的知识准确答题。