山东省青岛二中2024年高三毕业班3月教学质量检查物理试题.pdf

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最大阻值远小于电流表的内阻,即应选用C(2)[2]根据实验电路图连接实物图如图所示(4)[3]由实验原理可知RR=1=?A2[4]由于闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表的示数为3mA,调节电阻箱R,使电流表的示数为1mA,0读出此时电阻箱的阻值R;电阻箱阻值变大,并联等效电阻变大,故并联部分分担电压增大,由于电阻箱两端电压变1大,故电阻箱阻值偏大,故电流表内阻测量偏大。?D2I(R?r)12、(~)??1014L(I?I)21【解题分析】(1)[1]20分度的游标卡尺,,圆柱体的长度为L?50mm?3??[2]螺旋测微器的转动刻度为50格,,,转动刻度估读到零点几格,则圆柱体的直径为D????(~)(2)[3]直流电源E的电动势为4V,实验提供的电压表为15V,量程太大不合适,而电流表A的内阻已知,还有一个定1值电阻R=80Ω,可考虑改装出电压表,量程为0U?I(r?R)?5VVA110量程较合适,改装后待测电阻的最大电流为:..4I?A=40mAmax100电流表A的量程100mA,直接接在待测电阻上指针的偏转幅度小,而改装后的电压表和待测电阻并联后的总电流约2为80mA,则电流表A(100mA)接在干路上指针偏转比较合适;滑动变阻器R(10Ω)远小于待测电阻阻值100Ω,为了21调节方便和更多的获得测量数据,则采用滑动变阻器的分压式接法,电路图如图所示(3)[4]根据所设计的电路原理可知,待测电阻的电压为U?I(R?r)x101待测电阻的电流为I?I?Ix21由欧姆定律和电阻定律可得待测电阻的阻值为ULR?x??xISx?D2S?4联立解得电阻率为?D2I(R?r)??1014L(I?I)21四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。m2gR2BL22B2L313、(1)(2)q?Q?mg(H?L)(3)2B4L4RmgR【解题分析】(1)由于线框能匀速进入磁场,设进入磁场过程速度为v1根据机械能守恒得:1mgh?mv221进入磁场过程,线框中感应电动势::..E?BLv1线框中电流为:EI?R根据力的平衡有:mg?BIL解得:m2gR2h?2B4L4(2)线框进磁场的过程中:??E??t平均电流为:EI?R通过线框的电量为:q?I?t解得:BL2q?R由于线框有一半出磁场时加速度为0,即线框刚好出磁场时的速度大小等于v1根据能量守恒,线框穿过磁场过程中产生的热量:1mg(H?h?L)?Q?mv221解得:Q?mg(H?L)(3)线框进磁场所用的时间为:LB2L3t??1vmgR1完全在磁场中运动时间为:1H?L?vt?gt21222解得::..2g(h?H?L)mRt??2gB2L2线框ab边出磁场前一瞬间速度大小为:v?v?gt212解得::v?2g(h?H?L)2出磁场过程中,根据动量定理得:mgt?BILt?m(v?v)3312即:mgt?BLq?m(v?v)312解得:B2L3mR2g(h?H?L)t???3mgRB2L2g因此运动的总时间为:2B2L3t?t?t?t?123mgR14、①;②7次【解题分析】①压缩气囊过程中,温度不变,由于水管体积非常小,水桶中气体体积认为不变,由玻意耳定律可知:p?V?V??pV0122又p?p??gh0代入数据可知h?②设挤压n次后,水桶内水流出V,气体压强为p,体积为V?V,由玻意耳定律可知:1212p?nV?V?=p?V?V?012223?V?p?p??gh?3??20?S?:..解得?V?pV??gh?3?V?V???03?S?23n?pV01代入数据得n?。215、l20【解题分析】因BC长度为l,,管内横截面积为S,对A内0气体:lP?lV?0S1012P?l??l?x??xV?xS2002l对A中密闭气体,由玻意耳定律得:l0?S?x?xS022l联立解得:x?022l即:P?0(***柱高)22