江苏省丹阳高级中学2024学年物理高三上期中监测模拟试题含解析.pdf

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迹方向与电场线的方向之间的夹角是钝角,所以电场力对乙做负功,故C正确;,由于不知道0势能面的位置,所以不能判断出甲、乙电势能绝对值的关系,故D错误。故选BC。8、AD【解题分析】:..,两边绳子的夹角变大,可知绳子的拉力变大,即轻绳对小车的拉力变大,选项A正确;,则由运动的合成知识可知v=2vcos?,则随着物车0体的上升θ变大,车的速度减小,选项B错误;,根据P=fv可知小车阻力的功率减小,选项车C错误;:W-W?W??E,因小车动能减小,则W<W?W,牵阻PCk车牵阻PC即小车牵引力做的功小于物块重力势能的增加量与小车克服阻力做功之和,选项D正确;故选AD.【题目点拨】此题关键是对物体的速度进行如何分解,可参考斜牵引物体的运动分解问题,但是此题中物体两边都有绳子;、ABD【解题分析】=0时,F=mgsin?=5Nf解得:m=1kg故A项与题意相符;=ls时,F=0,说明F=5N则k=5N/s,故B项与题意相符;=6N=μmgcos?f解得:623μ=?535故C项错误;=F+mgsin?f即kt=6+51:..解得:t==kt-F-mgsin?合f解得:F=kt-11合由动量定理:F?F?0?4合合?t?mv?0??(3?)?1?v?v?、BC【解题分析】A项:对手机受力分析可知,重力与手对手机的作用力的合力方向与车厢运动的方向相同,故A错误;B项:设每节动车提供的动力为F,列车做匀加速直线运动时加速度为:8F?16kmgFa???kg,以1、2车箱为研究对象有:2F?2kmg?F?2ma,16m2m1解得:F??F,以前13节车箱为研究对象有:7F?13kgm?F?13ma,解得:12F2F??,故1?,故B正确;2F128PC项:设每动车的额定功率为P,列车8动车和8拖车的配置时,v?,10m116kmg10Pv动车和6拖车的配置时,v?,解得:m2?,故C正确;m216kmgvm1D项:列车在减速进站阶段,人处于减速状态即列车对人的作用力向后,由牛顿第三定律可知,人对列车的作用力向前,所以乘客对列车做了正功,:、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①图甲,②B,最大;③、500;④相等;偏大;系统.【解题分析】①“水果电池”的内阻很大,为了使电表有明显示数,应选用阻值较大的滑动变阻器,由于变阻器的电阻较大,为减小误差,应选择图甲所示电路,(电流表内接:..法).②由题意可知,“水果电池”的内阻很大,若选用0~20?的变阻器,当滑动触头移动时,电表的读数几乎不变,无法多次测量,使实验的误差较大;为了减小实验误差,,应把滑动变阻器的阻值调到最大.③图线的纵轴截距等于电源的电动势,U-,知:=,图线斜率的绝对值等于内阻,r??500?④由于电流表的分压,使得路端电压存在误差,而电流没有误差,运用图象法分别在U-I图上由测量数据作出的图线1和修正误差后真实值作出的图线2,由图看出,电动势没有系统误差,即电动势值与真实值相等,、【解题分析】(1)[1]本实验是测量摩擦因数,故不需要平衡摩擦力;[2]根据逐差法求得木块的加速度,把木块和砝码及砝码盘作为整体利用牛顿第二定律求得摩擦因数,故不需要使砝码和砝码盘的质量m远小于木块的质量M;(2)[3]A点的瞬时速度为s(?)?10?2v?OB?m/s?[4]B点的瞬时速度为:s(?)?10?2v?AC?m/s?????m/s2??(3)[5]根据牛顿第二定律mg??Mg?(M?m)a:..代入数据得??、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。55mgR13、(1)mgR(2)m1222m?m12【解题分析】由题意可知考查用力、能量、动量的观点分析解决问题,利用牛顿第二定律、动量守恒定律、能量守恒定律、动量定理计算可得。【题目详解】(1)设乙球在D点处的速度为v,对乙球,在D处:mv2mg?22R1E?2mgR?mv2P2225得:E?mgRP22(2)设甲、乙两球脱离弹簧时速度大小分别为v、v,以v的方向为正方向,根据动量121守恒定律得:mv?mv1122根据能量守恒定律得:11E?mv2?mv2P211222根据动量定理得:I?mv22冲量大小:5mgRI?m12m?m12【题目点拨】(1)物体通过竖直面上轨道的最高点有最小速度,向心力等于重力时对应速度最小,根据牛顿第二定律可求出最高点时的速度,再根据能量守恒关系求出弹性势能大小。(2)甲、乙小球和弹簧组成的系统动量守恒、机械能守恒,列式联立可求得脱离弹簧时乙球的速度,再结合动量定理可求得弹簧对乙球冲量I的大小。:..14、5m/(2)(3)【解题分析】由题意可知考查竖直面内的圆周运动,传送带模型,根据牛顿运动定律、功能关系分析计算可得。【题目详解】(1)小球刚好能沿圆弧DEN轨道滑下,说明小球在D点,只受重力作用,由牛顿第二定律可得v2mg?mDr代入数值可求得v?gr?10?=5m/sD从A到D由动能定理可得1W-?mgL?mv2弹2D代入数值可得W=,弹性势能减小,由功能关系可得E?W=(2)从D到N由动能定理可得11mg?2r?mv2?mv22N2D代入数值可得v?5m/sN小球在传送带上先向左做匀减速运动,加速度大小为a,由牛顿第二定律可知mg??maa??g??10m/s2?5m/s2设小球向左减速到零的时间为t,位移为x11v5t?N?s=1s1a5v252x?N?m=?5设该段时间内传送带向右匀速运动的距离为x2x?vt?6?1m=6m2:..该段时间内小球和传送带相对距离为?x?x?x?+6m=,加速度大小仍为5m/s2,设经过时间t和传送2带达到共速v6t??s=,传送带位移为x3411x?at2??5?=?vt?6?=?x?x-x?-=?x,则?x??x??x???(3)由功能关系可得Q??mg?x???10?=,由功能关系可得E??mg?x?x????10??6??J=【题目点拨】物体在竖直面上(内轨道)做圆周运动通过最高点时的速度最小为gr,计算滑动摩擦力做功生热时可以用摩擦力乘以相对距离来计算。理解小球的各阶段的运动性质:小球在传送带上先向左做匀减速运动,速度减为零后再向右做匀加速直线运动,达到传速带的速度后做匀速运动。计算相对距离,同向时相减,反向时相加。3L15、(1)?mg(2)3μmg(3)22?g【解题分析】由题中“两物体静止叠放在水平地面上”可知,本题考查叠加物体间判断物体运动状态的内容,根据牛顿第二定律和隔离法可分析本题。【题目详解】(1)B和地面之间的弹力为:F?3mgN:..B和地面之间的最大静摩擦力为:3F=?mgmax2(2)当两物体刚发生相对滑动时,A、:2?mg??mg?ma203A、B:F??mg?3ma20解得F?3?mg(3)当拉力F?4?mg时,:4?mg?2?mg?2ma13B:2?mg??mg?ma2211L?at2?at22122解得Lt?2?g