福建省部分重点高中2024年高三教学质量检测试题(一)生物试题文试题含解.pdf

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子含有多个基因,因此能转录出多种RNA,A错误;B、由分析可知,核糖体与mRNA结合部位有2个密码子,核糖体与mRNA的结合部位会形成2个tRNA结合位点,B正确;C、一个mRNA分子上可以相继结合多个核糖体,合成多条相同的多肽链,C错误;D、一个核糖体上一次只能合成一条多肽链,D错误。故选B。【题目点拨】本题主要考查遗传信息的转录和翻译,要求考生熟记相关知识点,掌握基因表达过程,能准确识记和理解相关内容,再结合选项作出准确的判断。8、D【解题分析】1、内环境又叫细胞外液,由血浆、组织液和淋巴组成,内环境是多细胞生物体的细胞生活的直接液体环境,是多细胞生物体的细胞与外界环境进行物质交换的媒介;内环境的稳态是细胞完成正常生命活动的必要条件。2、内环境稳态是指正常机体通过调节作用,使各个器官、系统协调活动,共同维持内环境的相对稳定的状态,内环境稳态是机体进行正常生命活动的必要条件。【题目详解】A、通过稳态调节,使人体内环境的成分和理化性质都处于动态平衡,而不是与外界环境的物质和能量构成动态平衡,A错误;B、单细胞动物都直接与外界环境进行物质交换,多细胞动物的部分细胞可以直接与外界进行物质交换,例如蛙的皮肤细胞可以直接从外界吸收氧气并排出二氧化碳,B错误;C、线粒体内需要消耗大量的氧气,氧气从细胞溶胶进入线粒体,所以在线粒体中氧气浓度低于细胞溶胶,C错误;D、内环境稳态的维持主要赖神经-体液-免疫的调节机制,D正确。故选D。二、非选择题9、叶绿素a和叶绿素b光能→A→磷酸丙酸→蔗糖小于叶绿体的膜上(叶绿体外膜和内膜上)加快不能该植物将吸收的H18O用于光合作用的光反应时,水中的氧是生成了O,不能进入淀粉22【解题分析】:..图中A可以代表光反应的产物ATP和[H],B是C,C是C,植物经过卡尔文循环生成磷酸丙酸,在细胞质基质中生35成蔗糖,在叶绿体基质中生成淀粉。【题目详解】(1)类囊体薄膜上有两大类色素,类胡萝卜素吸收蓝紫光,所以主要吸收红光的是叶绿素a和叶绿素b,光能被吸收后,经过光反应储存在ATP中,经过卡尔文循环生成磷酸丙酸,在经过磷酸转运器运到细胞质基质合成蔗糖,所以路径是光能→A→磷酸丙酸→蔗糖。(2)如果叶肉细胞的CO全部来自呼吸作用,而植物中还含有不能进行光合作用的细胞,则整个植物的光合作用小2于呼吸作用。(3)根据信息“磷酸转运器(膜蛋白)能在将磷酸丙糖运出叶绿体的同时将等量无机磷酸运入叶绿体”,所以磷酸转运器位于叶绿体的膜上(叶绿体外膜和内膜上);催化蔗糖合成的酶活性减弱,则磷酸丙糖大量积累在叶绿体基质中,所以叶绿体内淀粉的合成速率加快。(4)在实验过程中,给该植物浇灌Hl8O,该植物将吸收的H18O用于光合作用的光反应时,水中的氧是生成了O,222不能进入淀粉。【题目点拨】本题需要结合图分析出光合作用的具体过程,同时结合光合作用的知识进行解答,解答(4)时需要注意细节,只考查光反应。10、30~300无菌琼脂高压蒸汽灭菌上次划线的末端倒置甘油管藏-20℃【解题分析】微生物的实验室培养常用到培养基,培养基按物理状态分为固体培养基、液体培养基和半固体培养基,固体培养基通常需要加入琼脂凝固。培养基需要灭菌后才能用来培养细菌。单菌落分离法包含划线分离法和涂布分离法,常用于分离获得单菌落。微生物的研究通常包含微生物的获得、分离纯化、培养以及保存等。【题目详解】(1)通过统计菌落数来计算细菌的数量,在接种时以保证获得菌落数在30~300之间的平板,才不会出现细菌数太少或生长时叠加的情况。稀释土壤溶液的过程中,每一步都要在火焰旁操作,目的是确保无菌。(2)固体培养基配制时应加入琼脂,并用高压蒸汽灭菌后备用。(3)划线分离应从上次划线的末端开始划,由于划线过程中接种环上的菌液逐渐减少,最后可能得到单菌落。培养皿倒置培养可以防止水滴掉入冲散单菌落。(4)甘油具有吸湿、保水的性质,常用来长期保存菌种,通常菌种可以放在-20℃的冰箱中保存。【题目点拨】微生物的培养与分离是微生物研究中重要的内容,微生物的无菌操作是常见的考点,在学****时应注意操作的细节并理解相应的原理。:..11、(生物)群落非生物的物质和能量有机物①④⑩2500分解者(A)和下一营养级(C和D)间接次生【解题分析】结合碳循环的过程进行分析A是分解者,BCD是三种生物形成的一个食物网,①④⑩生产者,分解者和消费者的呼吸作用,②是生产者的光合作用。【题目详解】(1)图中五种生物包括生产者、分解者和消费者,所以构成生物群落;没有标示出的成分是非生物的物质和能量。(2)A~D属于生物群落的成分,碳在生物群落内部流动以有机物的形式;还原氢与氧气结合发生在有氧呼吸过程中,是图中的①④⑩阶段。(3)为D提供营养的有两条食物链,生产者→B→C→D,生产者→B→D,所以至少需要的能量按照最短的食物链,最高的传递效率(20%)进行计算,所以需要第一营养级提供的能量是100÷20%÷20%=2500KJ;B用于生长、发育和繁殖的能量流动去向是分解者(A)和下一营养级(C和D)。(4)大火给当地的生态环境造成了严重的影响,说明生物多样性有间接价值。在火灾后发生的演替的次生演替。【题目点拨】本题需要考生根据碳循环的过程分析出图中各字母所代表的成分,掌握能量流动的过程和相关的计算。12、酸性高于如果蒸馏温度太高,时间太短,产品品质就比较差稀释涂布平板小于利于产物的纯化,同时固定在载体上的酶还可以被反复利用包埋不可以,病毒为寄生生物,在该培养基上不能生长【解题分析】各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐,此外还要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。例如,培养乳酸杆菌时需要在培养基中添加维生素,培养霉菌时需将培养基的pH调至酸性,培养细菌时需将pH调至中性或微碱性,培养厌氧微生物时则需要提供无氧的条件。细菌一般在31~37℃的温度下培养l~2d,放线菌一般在14~28℃的温度下培养5~7d,霉菌一般在14~28℃的温度下培养3~4d。【题目详解】(1)根据上述分析可知,在培养霉菌时需要将培养基的PH值调至酸性。培养细菌的温度一般高于培养霉菌的温度。(2)如果蒸馏温度太高,时间太短,产品品质就比较差,所以萃取精油时蒸馏过程中需要控制蒸馏的温度和时间。(3),即采用了稀释涂布平板法接种。表格中不同精油对不同种类的微生物杀伤作用不同,大肠杆菌和白葡萄球菌为细菌,酵母菌和青霉为真菌,C和E对细菌产生的抑菌圈小于真菌的抑菌圈,说明C和E对细菌的杀伤作用小于对真菌的杀伤作用。(4)固定化酶技术固定酵母菌中的酶,和一般酶制剂相比,其优点是可重复利用,且利于产物的纯化。由于细胞个体大,不易被吸附和结合,所以固定化酵母细胞常用包埋法固定化。(5)由于病毒为寄生生物,不能独立代谢,在该培养基上不能生长,所以不能在琼脂培养基上接种常见的病毒进行实:..验。【题目点拨】本题考查培养基的类型、微生物的接种方法、固定化酶和固定化细胞等相关知识,意在考查考生对所学基础知识的识记和理解能力。