2023学年物理高三上期中综合测试模拟试题含解析.pdf

该【2023学年物理高三上期中综合测试模拟试题含解析 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【14】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2023学年物理高三上期中综合测试模拟试题含解析 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知:,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。“答题纸”上先填写姓名和准考证号。,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,在“托球跑”趣味比赛中,,、m,不计摩擦力和空气阻力,(M+m),球一定沿球拍向上运动2、如图所示,小球a的质量为2m,小球b质量的m,分别与轻弹簧A、°,则下列说法中正确的是()、B的弹力之比为4∶、B的弹力之比为2∶、、b的加速度分别为3g和03、2012年2月25日我国成功地将第十一颗北斗导航卫星送入太空预定轨道—地球静止轨道,使之成为地球同步卫星。关于该卫星下列说法正确的是:..,离地面高度为在R~4R(R为地球半径).角速度大于静止在地球赤道上物体的角速度4、伽利略相信,自然界的规律时简单明了的。他从这个信念出发,猜想落体的速度应该是均匀变化的。为验证自己的猜想,他做了“斜面实验”,如图所示。发现铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比。改变球的质量或增大斜面倾角,上述规律依然成立。于是,他外推到倾角为90?的情况,得出落体运动的规律。结合以上信息,“斜面实验”“斜面实验”“斜面实验”的结论可知,“斜面实验”的结论可知,铜球运动的速度随时间均匀增大5、入冬以来,全国多地多次发生雾霾天气,能见度不足20m,在这样的恶劣天气中,,,同时开始刹车,两辆车刹车时的v?t图像如图,则(),,,,则一定是在刹车后20s以后的某时刻发生相撞6、如图,一质量为m的正方体物块置于风洞内的水平面上,其一面与风速垂直,,其中v为风速、S0:..,刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块,、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示是甲、乙两质点从同一地点运动的x?t图象,甲的是OA直线,乙的是OAC曲线,二者相交于A点,曲线OA在A点的切线AB交时间轴于t=2s处,,,、如图所示,所有接触面均光滑,质量为的半圆弧槽静止地靠在竖直墙面处,、是槽的两个端点,为槽的底部中点。现将质量为的小球自槽口点由静止释放,,小球机械能守恒,,,小球机械能守恒,,小球和槽组成的系统机械能守恒,动量不守恒:..9、一列简谐横波在t=0时刻的图像如图甲所示,平衡位置位于x=15m处的A质点的振动图像如图乙所示,=0开始,=0到t=,=0到t=,质点A的位移为4m10、如图所示,质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上,质量为1kg的物体B用细线悬挂在天花板上,B与A刚好接触但不挤压,现将细线剪断,则剪断后瞬间,下列结果正确的是(g取10m/s2)/、B间相互作用力的大小为8N三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图所示,某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中,由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带,纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出,则相邻计数点时间间隔为__________s,其中x?,x?,x?,x?,x?,12345x?,则A点处瞬时速度的大小是__________m/s,加速度的大小是6:..__________m/s2.(计算结果保留两位有效数字)12.(12分)为了测定一节干电池的电动势和内阻,某实验小组按图(甲)所示的电路图连好实验电路,合上开关,电流表和电压表的读数正常,当将滑动变阻器的滑片由A端向B端逐渐滑动时,发现电流表的示数逐渐增大,,直到当滑片滑至临近B端时电压表的示数急剧变化,这种情况很难读出数值分布均匀的几组不同的电流值、电压值.(1)出现上述情况的原因是________,改进方法是________.(2)改进后,测出几组电流、电压的数值,并画出如图(乙)所示的图象,由图象可知,这个电池的电动势E=______V,内阻r=_____Ω(均保留三位有效数字)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,一质量m=(可视为质点)静止于动摩擦因数μ=。对滑块施加一水平外力,使其向右运动,外力的功率恒为P=。经过一段时间后撒去外力,滑块继续滑行至B点后水平飞出,恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道,轨道的最低点D处装有压力传感器,当滑块到达传感器上方时,。已知轨道AB的长度L=,半径OC和竖直方向的夹角α=37°,圆形轨道的半径R=。(空气阻力可忽略,g=10m/s2,sin37°=,cos37°=)求:(1)滑块运动到C点时速度v的大小;c(2)B、C两点的高度差h及水平距离x?(3)水平外力作用在滑块上的时间t?:..14.(16分)如图所示,高的赛台固定于地面上,其上表面光滑;质量、高、长的小车紧靠赛台右侧面(不粘连),,经过点的小曲面无损失机械能的滑上水平面,,取.()求小物块滑上小车左端时的速度.()如果小物块没有从小车上滑脱,求小车最短长度.()若小车长,在距离小车右端处固定有车面等高的竖直挡板,小车碰上挡板后立即停止不动,讨论小物块在小车上运动过程中,.(12分)质量为M=3kg的平板车放在光滑的水平面上,在平板车的最左端有一小物块(可视为质点),物块的质量为m=1kg,小车左端上方如图所示固定着一障碍物A,初始时,平板车与物块一起以水平速度v=1m/s向左运动,当物块运动到障碍物A处时与A发生无机械能损失的碰撞,而小车可继续向左运动,取重力加速度g=10m/s1.(1)设平板车足够长,求物块与障碍物第一次碰撞后,物块与平板车所能获得的共同速率;(1)设平板车足够长,物块与障碍物第一次碰后,物块向右运动所能达到的最大距离是s=,求物块与平板车间的动摩擦因数;(3)要使物块不会从平板车上滑落,平板车至少应为多长?:..参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】以小球为研究对象,受力分析如图所示。可求球拍对球的作用力F=mg/cosθ,所以A错误;合外力为F=mgtanθ=ma,可求小球的加速度为a=gtanθ,小球与运动员的加速合度相同,故运动员的加速度也是gtanθ,所以C正确;把球和球拍视为一个整体,整体加速度为gtanθ,合外力(M+m)gtanθ,根据矢量三角形法则可求人对球拍的作用力为F=(M+m)g/cosθ,所以B错误;而gtanθ>gsinθ,由题意知,小球没有沿球拍向上运1动,D错误。2、C【解析】,受重力和拉力,受力平衡,弹簧B的弹力:F=mg;B对小球a、b整体受力分析,如图所示:根据平衡条件,弹簧A的拉力:Fcos53??(2m?m)g,A解得:F?5mg,故F:F?5:1;故A项错误,:..,弹簧B的弹力不能突变,则b球的受力不变,故其加速度为0;根据平衡时T?Fsin53??4mg;A而剪断细绳时,a球的受力少了绳的拉力,故a球的合力为4mg,方向水平向右;根据4mg牛顿第二定律可知a球的瞬时加速度为a??2g,方向水平向右;故C项正确,、CGMmv2GM【解析】A项,由万有引力提供向心力可得,?m得:v?,R2rr2?rrT??2?r,故卫星运行周期T与运行半径r是一一对应关系,即运动周vGM期确定,轨道高度确定,因此不能是任意值,故A项错误。B项,,同步卫星轨道半径大于地球半径,运行线速度小于第一宇宙速度,故B项错误。C项,由a??2r,同步卫星的角速度与地面上静止物体的角速度相同,但由于其轨道半径较大,故向心加速度较大,故C项正确。D项,同步卫星周期与地球自转周期相同,等于静止在地球赤道上物体的周期,故角速度相同,故D项错误。综上所述本题答案是:C4、D【解析】,不易计时,伽利略让小球沿阻力很小的斜面滚下,延长了小球的运动时间,“冲淡”了重力的作用,故AB错误;“斜面实验”可知,铜球在斜面上运动的位移与时间的平方成正比,由公式v?2ax可知,铜球运动的速度随时间均匀增大,故C错误,D正确。故选D。5、C【解析】试题分析:由图像可知,两车速度相等时经历的时间为20s,甲车的加速度为:,乙车的加速度为:,此时甲乙两车速度为5m/s,故甲车的:..位移:,乙车的位移为:,可知要想不相撞,两车的至少距离,因为两车发生碰撞,则两车的距离小于100m,;因为速度相等后,若不相撞,两者的距离由逐渐增大,可知两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的,故C对,、D【解析】试题分析:滑块被匀速推动,根据平衡条件,有:F=f;N=mg其中:F=kSv2=ka2v2f=μN=μmg=μρa3gkv2解得:a?;现在风速v变为2倍,故能推动的滑块边长为原来的4倍,故体积??g为原来的64倍,质量为原来的64倍;:物体的平衡【名师点睛】本题关键是明确物体的受力情况,根据平衡条件推导出能够推动的滑块的边长a与风速的关系表达式进行分析,、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BD【解析】;,,则4末的速度为4v??2m/s4?2故B正确;,可以得到乙质点在前4s内做加速直线运动,且4s后反向减速运动,故C错误;?t可以得到甲乙平均速度相同,故D正确8、AD【解析】:..A、依据能量守恒和动量守恒的条件,小球从到运动过程中,小球机械能守恒,小球和槽组成的系统动量不守恒,故A正确;B、小球在A点,速度大小为0,小球的功率为0,小球在C点,速度方向与重力方向垂直,小球的功率为0,小球从到运动过程中,功率先变大后变小,故B错误;CD、依据能量守恒和动量守恒的条件,小球从到运动过程中,球和槽组成的系统机械能守恒,系统动量不守恒,故C错误,D正确;故选AD。【点睛】依据能量守恒和动量守恒的条件,小球从到运动过程中,小球机械能守恒,小球和槽组成的系统动量不守恒,小球从到运动过程中,球和槽组成的系统机械能守恒,系统动量不守恒。9、ACD【解析】由乙图知,t=0时刻质点A的速度方向为沿y轴正方向,在甲图中,=20m,由乙?2050图周期为:T=,则波速为:v??m/s?m/,质点Q沿y轴正方向,所以质点P比质点Q晚回到平衡位置,其11时间等于波向左传播?所用的时间,即t?T?,=0时刻质点Q33向上振动,t=,则从t=0到t=,质点Q加速度越来越小,选项D正确;从t=0时质点A在平衡位置向上振动,t==,则从t=0到t=,质点A的位移为0,选项E错误;:本题既要理解振动图象和波动图象各自的物理意义,由振动图象的斜率能判断出质点的速度方向,运用波形的平移法判断波的传播方向,、BD【解析】A、物体A、B接触但不挤压,剪断细线前,对A由平衡条件得,弹簧的弹力:T?mg?4?10N?40N,由于弹簧的弹力不能突变,剪断细线瞬间弹力大小仍为A40N;剪断细线后,A、B一起向下加速运动,对系统,由牛顿第二定律得:(m?m)g?T?(m?m)a,解得:a?2m/s2,故A错误,BC正确;ABAB:..D、对B,由牛顿第二定律得:mg?F=ma,解得:F?8N,则A、B间的作用力BB为8N,:弹簧的弹力不能突变,以A、B系统为研究对象,由牛顿第二定律求出系统的加速度,然后以B为研究对象,由牛顿第二定律求出A、、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、【解析】由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出,所以相邻的计数点间的时间间隔T?,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,可以求出x??,v?34??,?x?aT2可以求出加速度的大小,得x?x?3aT2,411x?x?3aT2,x?x?3aT2,为了更加准确的求解加速度,我们对三个加速度取5226331平均值得:a?(a?a?a),即小车运动的14加速度计算表达式为:3123(x?x?x)?(x?x?x)a?654321?【点睛】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,、滑动变阻器阻值太大,【解析】(1)[1][2]滑动变阻器串联在电路中,电压表测量路端电压,刚开始滑动触头P由A端向B端逐渐滑动时,电压表的示数几乎不变,说明随着电阻的变小,滑动变阻器的电阻占整个电路电阻的比例变化不大,直到当滑动触头P滑至临近B端时,电压表的示数急剧变化,说明滑线变阻器的总电阻太大。所以原因是:滑动变阻器阻值太大,有效使用的部分短,改进方法为:选择阻值更小的滑动变阻器。(2)[3][4]U-I图象的纵轴截距表示电源的电动势,故E=,内电阻等于图线的斜率,故:..????、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)v=5m/s;(2)h=;x=;(3)t=【解析】(1)滑块运动到D点时,由牛顿第二定律得:v2F-mg=mDNR滑块由C点运动到D点的过程,由机械能守恒定律得:11mgR(1-cosα)+mv2=mv22C2D联立解得v?5m/s。c(2)滑块在C点时,速度的竖直分量为:v?vsin??3m/sycB、C两点的高度差为v2h=y==y=?vcos??4m/sBcB、C间的水平距离为x?vt?(3)滑块由A点运动到B点的过程,由动能定理得:1Pt?μmgL?mv22B解得t?。14、();(),,;()见解析【解析】试题分析:物块从P到A过程机械能守恒,,:..据S与小车位移的关系,应用动能定理求出摩擦力的功与S的关系.()由机械能守恒定律得:代入数据计算得出:,根据题意可以知道,小物块滑上小车左端时的速度;()取小车最短长度时,,由动量守恒定律得:;相对运动过程中系统的能量守恒,有:;联立并代入已知数据计算得出:,;()设共速时小车位移,物块对地位移,分别对小车和物块由动能定理可以知道,,代入数据计算得出:,;①若小物块将在小车上继续向右做初速度为的匀减速运动,距离车尾位移为,设减速到位移为,则:,可得:,则小物块在车上飞出去,,代入数据计算得出:;②若,小物块全程都受摩擦力作用,则,代入数据计算得出:;15、(1)1m/s(1)(3)【解析】(1)物块与障碍物碰后物块和小车系统动量守恒,故有Mv?mv??M?m?v①00代入数据得v=1m/s②1(1)物块第一次与障碍物碰后向右减速到零,向右运动最远??mgs?0?mv2③20代入数据得μ=④(3)物块多次与障碍物碰撞后,:..1离为l,那么由系统能量守恒有:?mgl??m?M?v2⑤20代入数据得l=⑥所以要使得物块不滑出平板车,.