2020高考物理单元卷第2章相互作用章末综合检测.doc

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一、选择题(本题共10小题,每题4分,
中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,所有选对的得4分,选对但不全的得2分,有错选的得0分)
,
能静止在斜面上的原由,同学之间有不一样的看法,你以为正确的选项是
( )
图1




分析:物体受重力、弹力、摩擦力这三个力,故B错;这三个力合力为零,所
以摩擦力等于重力沿斜面方向的分力,故A错;但摩擦力不必定就是最大静摩擦力,
故D错.
答案:C
,在水平力作用下,木块A、
面是水平的,且F≠
( )
图2




分析:木块B静止,必遇到重力、斜面的支持力、A给的压力和水平向左的摩擦力这4个力,斜面给的摩擦力无关紧要,故C正确.
答案:C
3.(2020年山东青岛质检)如图3所示,质量均为m的甲、乙两同学,分别静止于水平川面的台秤P、Q上,他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端,稳固后弹簧秤的示数为F,若弹簧秤的质量不计,以下说法正确的选项是
( )
图3
,乙同学处于失重状态
-F
-2F

分析:甲、乙均静止(无加快度),故A错;对甲、乙分别受力分析可知,台秤P的读数等于mg+F,台秤Q的读数为mg-F,故BC错,D对.
答案:D
,倾角为30°,
轻杆一端垂直固定在斜面体上,杆的另一端固定一个重为2N的小球,小球处于静
止状态时,以下说法正确的选项是
( )
图4


,方向竖直向下
,方向垂直斜面向上
分析:把小球、杆和斜面作为整体受力分析可知,仅受重力和地面的支持力,
且二力均衡,故A、B错;对小球受力分析知,只受竖直向下的重力和杆给的竖直向
上的弹力(杆对小球的力不必定沿杆),故C对D错.
答案:C
“涂料滚”,用撑竿推
着粘有涂料的涂料滚沿墙壁上下慢慢转动,
和墙壁的摩擦均不计,且撑竿足够长,粉刷工人站在离墙壁必定距离处慢慢上推涂
料滚,设该过程中撑竿对涂料滚的推力为F1,涂料滚对墙壁的压力为F2,则
( )
,,F2增大
,,F2增大
分析:如图6,设撑竿与竖直方向的夹角为α,,对其受力分析可得,推力F1=G/cosα,涂料滚对墙的压力等于墙对涂料滚的弹力,则F2=Gtanα,撑竿上涨过程α角变小,则F1减小,F2也减小,故C正确.
图5
图6
答案:C
,水平川面上固定着一竖直立柱,某人经过柱顶的定滑轮将200
N的重物拉住不动,已知人拉着绳的一端,绳与水平川面夹角为30°,则定滑轮所
受的压力大小为( )
图7




分析:两绳对定滑轮作用力如图8,
图8
F=mg=200N
由几何关系
F合=2Fcos30°=2003N
滑轮受的压力FN=F合=2003N.
答案:B
7.(2010年广东模拟)如图9中弹簧测力计、绳和滑轮的重量均不计,绳与滑
轮间的摩擦力不计,物体的重力都是G,在图(甲)、(乙)、(丙)三种状况下,弹簧
测力计的读数分别是F1、F2、F3,则以下判断正确的选项是
( )
图9
>F1==F1>F2
=F2=>F2=F3
分析:弹簧测力计的示数即为与其挂钩相连的细线的拉力大小,对三种状况下
的物体各自进行受力分析,由均衡条件得题图(甲)中F1=G,题图(乙)中F2=
Gcos30°,题图(丙)中F3=G,故B正确.
答案:B
,一个重为30N的物体,放在倾角θ=30°的斜面上静止不
动,若用F=5N的竖直向上的力提物体,物体仍静止,下述结论正确的选项是
( )
图10




分析:对物体受力分析可知,没施加F前,摩擦力Ff=Gsinθ=15N,支持力
FN=Gcosθ=153N,物体对斜面的作用力大于等于G=,摩擦力
变成Ff=(G-F)sinθ=,支持力变成FN=(G-F)cosθ=,物体对
斜面的作用力大小变成G-F=25N,故A、B对C错;物体一直静止在斜面上,合
外力一直为0,故D错.
答案:AB
9.(2010年江苏淮安、宿迁、徐州、连云港期末调研)如图11所示,横截面为
直角三角形斜劈A,放在粗糙的水平川面上,在劈与竖直墙壁之间搁置一圆滑球B,
,系统仍保持静止,以下说法正
确的是
( )
图11




分析:球B一直静止,则其所受合外力一直为0,故A错;以A、B为整体受力分析可知,墙给B的压力一直等于地面对A的摩擦力,故D错;对B受力分析易得墙对B的压力变大,联合牛顿第三定律可知B对C错.
答案:B
10.(2009年北京卷)如图12所示,将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜

动摩擦力大小相等,重力加快度为g,则
( )
图12
,假如μ>tanθ,滑块将下滑
,假如μ<tanθ,滑块将减速下滑
,假如μ=tanθ,拉力大小应
是2mgsinθ
,假如μ=tanθ,拉力大小应
是mgsinθ
分析:由μ=tanθ条件可知μmgcosθ=mgsinθ,即滑动摩擦力等于重力沿
斜面向下的分力,在沿斜面向上的拉力作用下滑块匀速上滑,滑块沿斜面方向合力
为零,即拉力F拉=mgsinθ+μmgcosθ=2mgsinθ.
答案:C
二、实验题(本题包含2小题,共10分)
11.(2010年山东潍坊模拟)某同学为了考据力的平行四边形定章,在一块竖直搁置的木板上钉了一枚大头针A,,橡皮筋的另一端被拉伸到O处(如图13甲);第二次在木板上固定了两个圆滑小轮B和C,细绳经过两轮分别悬挂2个和3个钩码,他发现橡皮筋沿AO方向伸长但另一端O′与O还未重合(如图13乙).已知该同学使用的钩码质量均同样,为了使O′与O点能够重合,他采纳了以下措施,此中合理的是________.
图13
、C下连续增添钩码
、C合适向下方挪动
、C合适向下方挪动,同时减小B、C间距
,同时将C合适向下方挪动
分析:第二次O′未与O重合,说明此时两绳的合力比第一次小,为使O′与O
重合,,使两分力夹角减小可增大合力,可知B、
C均可达到目的,故B、C正确.
答案:BC
“考据力的平行四边形定章”实验时,此中的三个实验步骤是:
在水平搁置的木板上铺一张白纸,把橡皮条的一端固定在木板上,另一端拴两根细线,经过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条,使它与细线的结
点达到某一地点O,在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2.
(2)在纸上依据

F1和

F2的大小,应用平行四边形定章作图求出合力

F.
只用一个弹簧测力计经过细线拉橡皮条,使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时同样,记下此时弹簧测力计的读数F′及细绳的方向.
以上三个步骤中均有错误或疏忽,指犯错在哪里?在(1)中是_________________________
在(2)中是______________________________
在(3)中是___________________________________
分析:本题主要观察该实验的重要步骤,(1)中读取F1和F2时,还应描绘F1、
F2的方向;(2)中在“大小”后边加“方向”;(3)中“使它的同样”改为“把
橡皮条与细线的结点拉至O点”.
答案:(1)中读取F1和F2时,还应描绘F1、F2的方向;(2)中在“大小”后边加
“方向”;(3)中“使它的同样”改为“把橡皮条与细线的结点拉至O点”.
三、计算题(本题包含5小题,、,答案中一定明确写出数值和单位)
,A和

14所示,位于竖直侧面的物体A的质量mA=,放在水平面上的
mB=,绳和滑轮间的摩擦均不计,且绳的OB部分水平,OA部
B恰好一起匀速运动,取g=10m/s2.
图14
求物体B与桌面间的动摩擦因数;
假如用水平力F向左拉物体B,使物体A和B做匀速运动需多大的拉力?
分析:(1)因物体A和B恰好一起匀速运动,因此物体B遇到的水平绳的拉力T
与滑动摩擦力F1的大小相等,=μFN,
FN=mBg,解得μ=.
T=F1=mAg.
假如用水平力F向左拉物体B,使物体A和B做匀速运动,此时水平绳的拉力T与滑动摩擦力F1的大小均不变,依据物体B水平方向受力均衡有F=T+F1=2mAg
=4N.
答案:(1)(2)4N
,倾角α=60°的斜面上,放一质量为1kg的物体,用k=
100N/m的轻质弹簧平行于斜面拉着,物体放在PQ之间任何地点都能处于静止状态,
而超出这一范围,=22cm,AQ=8cm,试求物体与斜
面间的最大静摩擦力的大小.(取g=10m/s2)
图15
分析:P、Q两点应是静摩擦力最大的两个临界地点,在P点弹簧处于伸长状态,受力分析如图16(1)所示.
图16
Ff=F1-mgsinα①
在Q点弹簧处于压缩状态,受力分析如图
16(2)所示.
Ff=F2+mgsinα②
设弹簧原长x,则有F1=k(-x)③
F2=k(x-)④
Ff=F1-mgsinα
由①②得
Ff=F2+mgsinα
因此2Ff=F1+F2=k(-)