福建省部分地市2023届高三第三次质量检测物理试卷+答案.pdf

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2023年4月福州市普通高中毕业班质量检测物理试题
参考答案与解析
一、单项选择题:本题共4小题,每小题4分,共16分,在每
小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的

【解析】AB选项:无人机飞行的总时间t10 s,位移为ss2s250m,平均速度
12
s
大小v15m/s故A正确,B错误。
t
L
CD选项:无人机飞行的总时间t10 s,路程为L70 m,平均速率v27m/s故CD
t
选项错误。

F
【解析】对瓜子受力分析如图所示,压力FN,因此压

2sin
2
力大小与A、B间距离无关,A、B选项错误;增大,FN减小,
故C错误,D正确。

Em
【解析】交流电最大电动势EmNBS,变压器输入电压有效值U1。根据变压器
2
U1U2n2U1n2NBS
知识,得电压表读数U2,由于交流电表的读数为有效值,
n1n2n1n12
故电压表读数为U2一直不变,A错误;圆形线圈匝数变为原来1/2时,R电压U2也变为原
2
U2
来1/2,B正确;圆形线圈转速变为原来1/2,R消耗的电功率P,变为原来1/4,C
R
错误;原线圈匝数n1变为原来1/2,则U2变为原来2倍,即电流变为原来2倍,D错误。

P
【解析】当轿厢速度即电机牵引缆绳速度速度为v=1m/s时,电机缆绳中拉力为F,
v
设A、B之间轻质缆绳中拉力大小为T,轿厢此时加速度大小为a,则对对重有
FmgTma,对轿厢有TMgMa,解得:T=6600N,a=1m/s2。:.
二多项选择题:本题共4小题,每小题6分,共24分,每小题有
多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选
错的得0分.

【解析】上下乘客时气缸内气体的体积变化缓慢,气体与外界有充分的热交换,压缩过程
中外界对气体做功,根据UWQ,气体温度不变,内能不变,气体对外界放热,
A正确,B错误;剧烈颠簸造成气体压缩的过程中,气体与外界来不及热交换,Q0,
压缩过程中外界对气体做功,根据UWQ,气体的内能增加,气体分子的平均动
能增加,C正确,D错误。

【解析】,消耗的电能一部分转化为热能,其余转化为弹簧储存的弹性势
v0282
能;2800m/s;(为何考虑阻力参考D选

项解析),对弹跳机器人有:mg+f=ma,。
2
v
能守恒,则可上升的高度约为h45m,实际只上升了33m,说明上升过程需克服
2g
阻力做功,上升过程中弹跳机器人机械能不守恒。

UUC
【解析】设电容两端电压为Uc,根据电路中电流I,
R
画出两条曲线对应情况下电流随时间变化图象如右图所示,根据
I-t图像面积为电荷量Q可以得到曲线2对应情况下电容器充满电
后所带的电荷量较大,故D正确,C错误。根据充满电后电容器
Q
满足C,曲线2对应情况下电容器充满电后所带的电荷量较大,故曲线2对应情况
U0
下电容值较大,已知有药液时测量电路中的电容值更大,故曲线2为有药液时的充电曲线,
B对。

v1
【解析】碰撞过程时间极短,动量守恒,有mBv1(mBmA),得mBmAm,A正
2
确;当vB速度为零时,为压缩最低点,此时弹簧弹性势能最大,B错误;B与A一起运动
过程属于简谐振动,故B物体是速度时间图线位正余弦函数关系。由数学知识可得
2T5t23t1
t2t1T,故B速度为零时刻为tt2,C正确;
348:.
5t2t1t2t1Tv1
t2,由三角函数知识得B的速度为,此时A、B有共同加速g/2,
4462
并未分离,D错误。
三非选择题院共60分考生根据要求作答
;
【解析】大量处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁,最多能发出光子频率的数量为:
C23;氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级,所发出的光的能量最大,为
3
EEmEn()eV=,锌板表面逸出光电子的最大初动能为
EkmEW0
;右

【解析】由图可知该简谐横波波长λ=8m,波速v=2m/s,则周期T4s;t=3s即
v
3
T时位于x=4m处的质点Q第一次到达波谷位置,说明t=0时刻质点Q正在向上振动,
4
故该简谐横波向右传播。
d2d2
()()222
t2t1d(t1t2)
11.(1)(2)(或22)(3)小于
2L2Lt1t2
【解析】(1)螺旋测微器读数d mm+× mm= mm;(2)矩形框1、
dd
2杆经过光电门的速度分别为v1、v2,再根据匀变速运动知识,有
t1t2
d2d2
()()
d2d2t2t1
()()2gL,得g;(3)若短杆未水平放置,设短杆与水平夹角
t2t12L
dL
为θ,由于短杆倾斜经过光电门,则短杆挡光宽度为d',两次挡光距离L'。
coscos
d'2d'2d2d2
有()()2gL',整理得()()2gLcos2g'L,故测得的
t2t1t2t1
g'gcosg。
12.(1)3;(2)16;(3)酒驾;(4)偏小
IgRg6mA42Ω
【解析】(1)要将表头G量程扩大为90mA,电阻R1===3Ω;
IIg90mA-6mA
(2)表头G显示电流为2mA时,电路实际电流为I1=30mA,由图乙可知,当酒精气体:.
浓度为零时,该气体传感器电阻R=80Ω,改装后电流表等效电阻为
RgR1E
Rg==,则I1=,得R2=16Ω。
Rg+R1Rg+R+rR2
(3)由图乙可知,当酒精气体浓度达到醉驾标准时,该气体传感器电阻R=20Ω,此时电
E
路中的实际电流为I2==75mA,此时表头G中的实际电流为5mA,
Rg+R+rR2
则图丁所示的酒精浓度未到达醉驾,属于酒驾范围。
E
(4)使用较长时间后,干电池电动势降低,内阻增大,根据I=,同一酒精
Rg+R+rR2
浓度下,电路中的总电流将偏小,流经表头的电流也同比减小,故所测得的酒精浓度
值偏小。
13.(12分)
(1)着陆器动力减速阶段,由运动学规律
v00
ht(3分)
2
解得h=3840m(1分)
(2)着陆器动力减速阶段,由牛顿第二定律
fmg火ma(2分)
v0
由运动学规律,加速度大小a(1分)
t
解得:f=6240N(1分)
(3)将一质量为m0的物体分别放置在地球、火星表面,忽略自转,有:
M地m0
G2m0g
R地
(2分)
M火m0
G2m0g火
R火
M火g火R火21
得()(2分)
M地gR地10
14.(14分)
(1)0~t1时间内,
12
dat1(2分)
2
得a=1m/s2(1分)
对重物及金属棒整体分析得
Mg(Mm)a(1分)
得M=(1分)
(2)t1时刻,金属棒速度v1at1(1分):.
感应电动势E1BLv1(1分)
E2
热功率P1⑤(1分)
R
得P=4W(1分)
(3)金属棒在磁场中切割时,任一小段时间△t内,对重物及金属棒整体分析有:
22
BLv
(Mg)Δt(Mm)Δv,从t1~t2时间内微元叠加后可得:
R
22
BL
xMg(t2t1)(Mm)(v1v)(2分)
R
代入数据得x=(1分)
15.(16分)
(1)离子经过加速电场后
12
qU0mv00(2分)
2
2
mv0
得:U0(1分)
2q
(2)离子在平行极板PQ间运动时,水平方向为匀速直线运动
Lv0t
L
得:t(1分)
v0
即离子在平行极板PQ间运动的时间恰为电场变化的一个周期
T
tn,n0,1,2,时刻进入电场的粒子恰从极板边缘离开时,电压最大
2
Um
qma(2分)
d
2
d1T
2a(2分)
222
22
2mv0d
得:Um2(1分)
qL
(3)粒子飞过平行极板PQ过程中,沿竖直方向的速度增量
为
TT
vya(a)
22
即vy0,所有粒子均以速度v0水平飞出PQ极板
进入第一个正方体区域后
2
v0
qv0B1m
r1:.
5
得:r1d(1分)
3
粒子运动的俯视图如图所示
d
cos=
r1
CMr1r1cos
d
得:CM(1分)
3
即进入第二个正方体的粒子均从正方形CDD1C1的MN连线进入
离子进入第二个正方体区域后,沿x轴方向做匀速直线运动,若能到GG1H1H,则
5d
dv0sint1,得:t1(1分)
4v0
垂直于磁场的速度分量使离子做圆周运动,即离子边圆周边匀速直线,为螺旋运动
2
v0cos2d
qv0cosB2m,得:r2(1分)
r23
粒子运动的侧视图如图所示
离子在第二个正方体圆周运动的周期为
2m
T2(1分)
qB2
20d
得:T2
9v0
从N点进入的离子在磁场中圆周运动时间最长
dr2
cos,即α=60°
r2
1800
能在该场中做圆周运动的离子最长时间为t20T2
360
20d
得:t2(1分)
27v0
t2t1,即离子在第二个正方体中尚未完成一个螺旋便已离开,其运动的最长时间为
5d
tmaxt1(1分)
4v0