最新九年级物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题.docx

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一、欧姆定律选择题
,N是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁,B是螺线管。闭合开关S,待弹簧测
力计示数稳固后,将变阻器尺的滑片迟缓向右滑动,在此过程中以下说法正确的选项是()
,

A表示数变大

,

A表示数变小
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【答案】

C
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【分析】【解答】
的电流,将变阻器

A、由电路图可知,R0与
R的滑片迟缓向右挪动时

R串连,电压表测R两头的电压
,变阻器接入电路中的电阻变小

,电流表测电路中,电路中的总电阻
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变小由

I=U/R可知,电路中的电流变大

,即电流表的示数变大

,A不切合题意;
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B、由

U=IR可知,R0两头的电压变大

,因串连电路中总电压等于各分电压之和

,所以,R两头的
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电压变小,即电压表的示数变小,B不切合题意;
C、由图可知,电流由螺线管的下方流入,则由右手螺旋定章可知螺线管上端为

N极,下端为S
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极,因螺线管的上端与磁铁的下端为同名磁极,互相排挤,且电路中的电流增大,所以,螺线管与磁铁之间的斥力增大,弹簧测力计示数变小,C切合题意;
D、由C的剖析可知,D不切合题意;
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故答案为:C
【剖析】(1)当变阻器R的滑片迟缓向右挪动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,依据欧姆
定律和串连电路电压的特色可知电路电流表和电压表示数的变化;
(2)影响电磁铁磁性强弱的要素有:电流的大小、线圈的匝数、
电流越大磁性越强;

,
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3)运用安培定章判断通电螺线管的极性;
4)磁极间的互相作用:同名磁极互相排挤,异名磁极互相吸引;
,,小
明从滑动变阻器接入电路中的阻值最大时开始记录数据,测得小灯泡的U﹣I图象如图乙所
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,以下结果正确的选项是(

)
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【答案】C
【分析】【解答】解:
由电路图知,灯泡L与滑动变阻器R串连,电压表测L两头电压,电流表测电路中电流,
A、,,所以小灯泡的额定功率:P额=U额I=×=1W,故A错误;
B、由I=可得,灯泡正常工作时的电阻:RL===,故B错误;
C、电源电压必定,由I=可知,当变阻器连入电路的阻值最大时,电路中电流最小;,;
电路的最大总电阻:R总最大===45Ω,
此时灯泡的电阻:RL===5Ω,
滑动变阻器的最大阻值:R滑最大=R总最大﹣RL=45Ω﹣5Ω=40Ω,故C正确;
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D、由

P=UI可得电路耗费的最小功率:
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P总最小=U总I最小=

×=,故

D错误.
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应选C.
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【剖析】(

1)由图象可知,灯泡正常发光时的电流,由

P=UI

计算小灯泡的额定功率;
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2)由I=计算灯泡正常工作时的电阻;(3)变阻器连入阻值最大时,电路中电流最小,由图象读出此时灯泡的电压和电流,由串连电路特色和欧姆定律计算变阻器的最大
值;(4)由P=UI计算电路的最小功率.
,电源电压为8V恒定不变,R0为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合开关S后,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,依据图
象信息可知,以下判断错误的选项是()
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35Ω
【答案】C
【分析】【解答】解:由电路图可知,
R0与R串连,电压表测变阻器
R两头的电压,电流
表测电路中的电流。(
1)当滑动变阻器接入电路的电阻为
0时,电路为R0的简单电路,
电路中的电流最大,此时电路的总功率最大,
由乙图可知,电路中的最大电流
I大=,
由I=可得,R0的阻值:
R0===5Ω,A切合题意;
电路的最大总功率:
P大=UI大=8V×=,B切合题意;(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电
压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,
由乙图可知,电路中的最小电流I小=,变阻器R两头的电压UR=7V,
则R0的最小功率:
P0小=I小2R0=()2×5Ω=,C不切合题意;
滑动变阻器的最大阻值:
R大===35Ω,D切合题意。
故答案为:C。
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,当滑动变阻器接入电路的
电阻为0时,电路中的电流最大,此时电路的功率最大,依据图象读出电路中的最大电
流,依据欧姆定律求出
R0的阻值,利用
P=UI求出电路的最大功率;当滑动变阻器接入电
路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,
R0的功率最小,依据图象读出
电路的最小电流和变阻器两头的电压,依据
P=UI=I2
0
R
求出R的最小功率,再利用欧姆定律
求出滑动变阻器的最大阻值.
,连结成以下图电路,R1为热敏电阻,热敏电阻
的阻值随温度的高升而减小,闭合开关,当温度降低时,以下说法中正确的选项是()
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V和电流表A示数之比不变
2
1


V变化量和电流表
A变化量之
2
2
比不变
【答案】D
【分析】【解答】解:由电路图可知,
R1与R2并联后再与
R0串连,电压表V1
测并联部分
的电压,电压表V2
测R0两头的电压,电流表测干路中的电流.(
1)因热敏电阻的阻值随
温度的高升而减小,
所以,当温度降低时,热敏电阻R1
的阻值变大,并联部分的电阻变
大,电路中的总电阻变大,
由I=可知,干路中的电流变小,即电流表
A的示数变小,
由U=IR可知,R0两头的电压变小,即电压表
V2的示数变小,故
A错误;
由电压表V2示数变小、电流表A示数变小可知,电压表
V2和电流表A的乘积变小,故C
错误;
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
所以,并联部分的电压变大,即电压表V1
的示数变大,
由电压表V1的示数变大、电流表A示数变小可知,电压表
V1
和电流表A示数之比变大,
故B错误;(2)设温度变化前后,干路中的电流分别为
I1、I2
,
则电压表V2示数的变化量:
△U2=I2R0﹣I1R0=(I2﹣I1)R0=△IR0,即
=R0,且R0的阻值不变,
所以,电压表V2变化量和电流表
A变化量之比不变,故D正确.
应选D.
【剖析】由电路图可知,R1与R2
并联后再与
R0串连,电压表V1测并联部分的电压,电压
表V2
测
0
1)依据热敏电阻阻值与温度的关系得
R两头的电压,电流表测电路中的电流.(
出当温度降低时其阻值的变化,进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化,
依据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两头的电压变化,而后得出电压表V2和电流表A
的乘积变化;依据串连电路的电压特色和并联电路的电压特色可知电压表
V1的示数变化,
而后得出电压表V1和电流表A示数之比变化;(2)设出温度变化前后电路中的电流,根
据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与
R0
的阻值关系,而后得出电压表
2
V变化量和
电流表A变化量之比的变化.
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,电源电压
U保持不变,滑动变阻器

S1闭
合、S2和S3断开,滑动变阻器的滑片在最右端时,电压表示数是
U1,R1的功率是
P1;
当开关S2闭合、S1和S3断开,滑动变阻器的滑片在最左端时,电压表示数是
U1′,R2和
;当开关S1、S2和S3都闭合,滑动变阻器的滑片在最左端时,
R1
的功率是P1′;已知R2:R3=3:1,U1:U1′=3:2,P1:P1′=1:36。
以下结论正确的选项是(
)




64W
【答案】C
【分析】【解答】解:第一过程:当开关
S1闭合、S2和S3断开,滑动变阻器的滑片在最右
端时,R1
和滑动变阻器R0
的所有串连在电路中,电压表丈量R1
的电压,电压表示数是
U1,如图甲。第二过程:当开关
S2闭合、S1和S3断开,滑动变阻器的滑片在最左端时,
R1、R2、R3串连在电路中,电压表丈量
R1的电压,电压表示数是
U1′,如图乙。已知R2:
R3=3:1,串连电路中功率比等于电阻比,所以
P2:P3=3:1,R2
和R3
的功率之和是
,P+P=,所以,P=,P=,第三过程:当开关
S、S和S都闭合,滑
2
3
2
3
1
2
3
动变阻器的滑片在最左端时,
R1
2
3
R1的电压,电压表示
、R、R并联在电路中,电压表丈量
数是电源电压U,电流表丈量R1
2
、R的总电流,如图丙。
甲图,电压表示数是U1
,R1的电压是U1
,R1的功率是P1;丙图中电压表示数是
U,R1
的电压是U,R1
的功率是
1
1
1
,关于同一导体,
P
′;P
:P′=1:36
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,所以,

,因为,

R1和滑动变阻器

R0的全
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部串连在电路中,所以U0=56U,因为,R0=50Ω,串连电路中电压比等于电阻比,所以
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R1=10Ω。
甲图,电压表示数是U1,R1的电压是U1,乙图,电压表示数是U1′,R1的电压是U1′,
U1:U1′=3:2,又因为,所以,U1′=U,所以,乙图中
,R1、R2、R3串连在电路中,串连电路中电压比等于电阻比,R1=10Ω,R2+R3=80Ω,已知R2:R3=3:1,所以,R2=60Ω,R3=20Ω,又因为P2=,P3=,
所以,,解得:U2′=12V,同理解得U3′=4V,所以
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U2′+U3′=12V+4V=16V,又因为

,所以

U1′=2V,所以电源电压为:
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U=U1′+U2′+U3′=2V+16V=18V。
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A、电源电压是18V,B、R2=60Ω,C、甲乙都是串连电路,电阻大,电流小,丙是并联电
路,电流大,电流表丈量R12
的电流,
=,
=,
、R
=,电流表丈量R1、R2的电流,所以,电流表示数最大为:
I'=I1+I2=+=,D、电路中并联电路电阻最小,电流最大,最大电流为:
I=I1+I2+I3=++=3A,所以电路最大功率为:P=UI=18V×3A=54W,
故答案为:C。
【剖析】联合题意,画出等效电路图,得出电压比率关系和电阻比率关系,求出三个定章
电阻的阻值,再依据功率关系导出电压值,求出电源电压,进一步逐项计算即可.
,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可
:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上挪动,且风速增大时电压
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(

)
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.
.
【答案】B
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C选项中电压表的示数变小,故
【分析】【解答】解:,当风吹过探头时,探头下方空气的流速大于上方空气的流速,探头下方空气压强小于上方空气压强,产生向下的压力差使弹簧压缩,滑片下移,故AD不切合题意;
,当风吹过探头时,探头上方空气的流速大于下方空气的流速,探头下
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方空气压强盛于上方空气压强,产生向上的压力差使弹簧伸长,滑片上移,

R2

接入电路中
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的电阻变小,电路中的总电阻变小;
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由I=可知,电路中的电流变大,
由U=IR可知,R1两头的电压变大,即
B选项中电压表的示数变大,故
B切合题意;
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
所以,R2两头的电压变小,即C不切合题意.
应选B.
【剖析】依据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向,而后判断滑片挪动的方向确立接入电路中电阻的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两头的电压变化,,波及到串连电路的特色和欧姆定律的应用,会利用流体压强和流速的关系是解题的重点.
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,电源两头电压保持不变,当开关
电阻会随电流变化,假如将滑动变阻器的滑片P向右滑动

S闭合时,灯L正常发光,灯
,电压表的示数和灯正常发光时示数

L的
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同样,则以下说法中正确的选项是()
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,灯两头电压变小
,灯的实质功率变小
,灯两头电压变大
,灯的实质功率变大
【答案】A
【分析】【解答】将滑动变阻器的滑片
P向右滑动时,接入电路的电阻变大,电路的总电
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阻变大;依据可知,电路中的电流变小;依据由可知,灯泡的实质功率变小,故灯泡变暗。故答案为:A

可知,灯泡两头的电压变小,
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【剖析】灯泡和滑动变阻器串连,电压表测滑动变阻器两头的电压,电流表丈量电路的电流;依据滑片的挪动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化,依据欧姆定律可知电
路中电流的变化和灯泡两头电压的变化,依据
P=I2R可知灯泡实质功率的变化和灯泡亮暗
的变化,依据串连电路的电压特色可知电压表示数的变化
.
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,~,电压表
的量程为0~3V,电源电压为6V保持不变,滑动变阻器的最大阻值为50Ω,定值电阻R0
为10Ω,开关S闭合后,在实验操作无误的状况下,以下说法中正确的说法是()
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0W
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1V



R0耗费的最大功率为


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【答案】C
【分析】【解答】(1)∵电源电压为6V,电压表的量程为
∴P不可以滑到左端,
∴滑动变阻器连入电阻不可以为0,滑动变阻器的电功率不可以为

0﹣3V,
0;
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当电压表的示数为
3V,即:UR=3V
时:①电流最大(电流表的示数最大),
I大=
=,②R0耗费的电功率最大,P大=I2R0=()2×10Ω=;
(2)当滑片P在右端(电阻全连入为
50Ω),此时电路中的电阻最大,电流最小,
I
小
=
=,U
小
=I
R=×10Ω=1V.
小0
故答案为:C.
【剖析】由电路图可知,定值电阻与滑动变阻器串连,电压表测定值电阻两头电压,电流
表测电路电流;
(1)电源的电压大于电压表的最大示数,由串连电路的分压特色可知当电压表的示数最大
时电路中的电流最大,此时定值电阻耗费的电功率最大,滑动变阻器两头的电压不为0,
由P=UI可得滑动变阻器的最小电功率不行能为0,依据串连电路的电压特色求出定值电阻
两头的电压,依据欧姆定律求出电路中的最大电流,利用P=I2R求出电阻R0耗费的最大功
率;
2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电压表的示数最小,依据电阻的串连和欧姆定律求出电路中的电流,利用欧姆定律求出电压表的最小示数.
,某物理科技小组利用气敏电阻设
计了汽车有害尾气排放检测电路,如图乙所示,电源电压恒定不变,R为气敏电阻,L为指
()
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,,指示灯亮度增大
,,指示灯亮度减小
【答案】B
【分析】【解答】解:由电路图可知,两电阻串连,电压表测气敏电阻两头的电压,电流表测电路中的电流,
由图甲可知,当有害尾气浓度增大时,气敏电阻的阻值将变小,电路的总电阻变小,
由I=可知,电路中的电流变大,
由U=IR可知,灯泡L两头的电压变大,故指示灯亮度增大;故CD错误;因串连电路中总电压等于各分电压之和,
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所以,气敏电阻R两头的电压变小,即电压表的示数变小;故

A错误,B正确.
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【剖析】由电路图可知,气敏电阻与指示灯串连,电压表测气敏电阻两头的电压,电流表测电路中的电流,依据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两头的电压变化,依据串连电路的电压特色可知电压表示数的变化;
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,其电阻大小与托盘内所放物体质量

R1的阻值为100Ω,托盘下方的电阻
m大小的关系如图乙所示,电源电压为

R2为压敏电阻,
6V保持不变,
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则(

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0~1000Ω
~
,托盘内物体的质量为
600g

时,电流表的示数为

【答案】C
【分析】【解答】,压敏电阻R2的阻值变化范围为
0~500Ω,A不切合题意;
当托盘内物体的质量为零时,压敏电阻R2=500Ω,则电路总电阻:R=R1+R2=100Ω+500Ω
=600Ω,此时电路中的电流:I=
=,当托盘内物体的质量为
1000g时,压敏
电阻阻值是0Ω,则电路总电阻:R′=R1
2
Ω+0Ω=100Ω,此时电路中的电流:
I=′
+R′=100
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=,所以,~,B不切合题意;
=,电路总电阻:R
=
=300Ω,则压敏电阻R的阻
1
总
2
值:R2=R总-R1=300Ω-100Ω=200Ω,由图乙可知,当R2=200Ω时,托盘内物体的质量为
600g,C切合题意;

400g时,由图乙可知,R2″=300Ω时,则电路总电阻:R′总=R1+R2″=
100Ω+300Ω=400Ω,此时电路中的电流:I2==,D不切合题意。
故答案为:C。
【剖析】电阻R1、R2串连电流表测电路中的电流,由图乙可知,压敏电阻R2的阻值变化范
围;依据串连电路电阻特色和欧姆定律求出电路中电流的变化范围;再依据欧姆定律、串
联电路电阻特色求出托盘内物体的质量和电流表的示数.
,电源电压U恒定,闭合开关和S2,在滑动变阻器滑片向上挪动过程中
()

示数变大
【答案】A
【分析】【解答】依据电路图,当开关都闭合时,电路中只有灯泡和电流表串连,在挪动滑片刻,灯泡亮