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2024学年高一上学期期末考试物理试卷(含解析).pdf


文档分类:中学教育 | 页数:约15页 举报非法文档有奖
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】的内容,可以使用淘豆网的站内搜索功能,选择自己适合的文档,以下文字是截取该文章内的部分文字,如需要获得完整电子版,请下载此文档到您的设备,方便您编辑和打印。:..辽宁省丹东市2023-2024学年高一上学期期末考试物理试卷学校:___________姓名:___________班级:__________一、。下列关于比赛中涉及的物理观点正确的是(),,将瓜子放入两圆柱体所夹的凹槽之间,按压瓜子即可破开瓜子壳。瓜子的剖面可视作顶角为θ的扇形,将其竖直放入两完全相同的水平等高圆柱体A、B之间,并用竖直向下的恒力F按压瓜子且保持静止,若此时瓜子壳未破开,忽略瓜子重力,不考虑瓜子的形状改变,不计摩擦,若保持A、B距离不变,则()、,,,另一端固定一个小滑轮C,细绳下端挂一重物,细绳的AC段水平。不计直杆、滑轮及细绳的质量,忽略所有摩擦。若将细绳的端点A稍向下移至A?点(图中未画出),使之重新平衡,则此时滑轮C的()???,两车(车身长度不计)t=0时刻同时开始刹车,此时甲车在乙车后方一定距离处。两车运动的v?t图像如下,已知刹车过程中两车有过并排行试卷第1页,共6页:..驶。以下判断不正确的是()===,在t?0时刻,小车受到水平方向的作用力F,规定水平向右为正方向,力F随时间变化的关系如图所示,则下列说法正确的是()/,第1s内的位移大小为5m,则该物体().1s末速度的大小为5m/,水平面上的物体A左端用跨过定滑轮的轻质细线连接物体B,物体B、C用轻弹簧相连放置在倾角为37?,物体A受到水平向右的恒力F的作用而保持静止,且m?2m?2m,重力加速度g?10m/s2,不计一切摩擦,sin37??,ABCcos37??(),B的加速度大小为2m/s2试卷第2页,共6页:..,B的加速度大小为6m/,C的加速度大小为6m/,C的加速度大小为12m/s2二、“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下,“河北锦锈”、“银河”,已知1海里=,则下列说法正确的是()“千岛湖”“千岛湖”舰为参考系,“巢湖”,一根劲度系数足够大的轻质弹簧竖直固定于水平地面上,一质量为m的小球自弹簧的正上方一定高度处由静止开始下落,不计空气阻力。在小球从开始下落至下落到最低点的过程中,下列说法中正确的是()“超弹性连续碰撞”,通过能量的转移可以使最上面的小球弹起的高度比释放时的高度更大。如图所示,A、B、C三个弹性极好的小球,相邻小球间有极小间隙,三球球心连线竖直,从离地一定高度处由静止同时释放(其中C球下部离地H),所有碰撞均为弹性碰撞,且碰后B、C恰好静止,则()∶2∶6试卷第3页,共6页:..、,记录小车做匀变速直线运动情况的纸带如图所示(纸带左端与小车相连),图中A、B、C、D、E为相邻的五个计数点,相邻的两计数点间的时间间隔T?。(1)根据纸带可判定小车做(选填“加”或“减”)速运动。(2)根据纸带计算B点瞬时速度v?m/s,小车运动的加速度a?m/s2。B(计算结果保留三位有效数字)12.“求真”实验小组用图甲所示的装置探究加速度a与受力F的关系,他们用不可伸长的细线将滑块(含挡光片)通过一个定滑轮和挂有重物的动滑轮与力传感器相连,定滑轮左侧的细线与水平桌面平行,固定在水平桌面上的两个光电门A、B间的距离为L。(1)用游标卡尺测量挡光片的宽度,测量结果如图乙所示,则挡光片的宽度d?m。(2)实验操作过程中(填“需要”或“不需要”)满足重物的质量远小于滑块(含挡光片)的质量,改变条件重新测量时,滑块的初始位置(填“需要”或“不需要”)保持不变。(3)释放重物,记录挡光片通过光电门A、B时的遮光时间分别为t、t,则滑块的加12速度a可表示为(用d、L、t和t表示);同时记录力传感器的示数F。12(4)多次改变重物质量,重复上述实验步骤,得到多组加速度a与拉力F,由实验得到的a?F的关系图像如图丙所示,通过分析可知,滑块(含挡光片)的质量为kg。试卷第4页,共6页:..(结果保留三位有效数字)四、,使质量为25kg的木箱在水平地面上匀速直线运动,往往可以采用“拉”和“推”两种方式,上述情景可以简化成如图所示的模型,甲受到与水平方向成30°角的拉力F=100N,乙受到与水平方向成30°角的推力F,g=10m/s2,求:12(结果用分数和根号表示均可)(1)木箱与粗糙水平地面之间的动摩擦因数?;(2)F的大小;,是某型号全液体燃料火发射时,第一级火箭发动机工作时火箭的a-t图象,开始时的加速度曲线比较平滑,在t=120s的时候,为了把加速度限制在4g以内,第一级的推力降至60%,第一级的整个工作时间为200s。由图线可以看出,火箭的初始加速度为15m/s2,且在前50s内,加速度可以近似看做均匀变化,试计算:(1)定性画出前200s的v-t图象;(2)t=50s时火箭的速度大小;(3)如果火箭是竖直发射的,在t=10s前它的运动可近似看成加速度为15m/s2的匀加速运动,则t=8s时离地面的高度是多少?,传送带与水平面夹角θ=37°,以恒定速率v=10m/s沿顺时针方向转动。现在传送带上端A处无初速度地放一质量m=1kg的小煤块(可视为质点,忽略滑动过程试卷第5页,共6页:..中的质量损失),小煤块与传送带间的动摩擦因数μ=,已知传送带上A到B的长度L=16m。取sin37°=,cos37°=,重力加速度g=10m/s2。求:(1)小煤块刚开始运动时的加速度大小;(2)小煤块从A运动到B的时间;(3)从A到B的过程中小煤块和传送带因摩擦而产生的热量。试卷第6页,共6页:..【详解】,大小相等,故A错误;,运动员的形状大小不能忽略不计,不可以把运动员看作质点,故B错误;,加速度方向向下,处于失重状态,故C正确;,是因为受到阻力的作用,不能说明冰壶的滑行需要力来维持,故D错误。故选C。【详解】、B对瓜子压力的合力不为零,合力的方向竖直向上,A错误;?2sin?2FA解得FF?A?2sin2合力F恒定,顶角θ越大,圆柱体A对瓜子的压力F越小,B正确,CD错误;A故选B。【详解】由于杆一直平衡,对两根细绳拉力的合力沿杆的方向向下,又由于同一根绳子的张力处处相等,而且两根细绳的拉力大小相等且等于物体的重力G,根据平行四边形定则,合力一定在角平分线上,若将细绳的端点A稍向下移至A′点,若杆不动,则∠A′CB小于∠答案第1页,共9页:..BCG,则不能平衡,若要杆再次平衡,则两绳的合力一定还在角平分线上,所以BC杆应向上转动一定的角度,此时C在A点之上。故选D。【详解】=m/s2=1m/s2,a=m/s2=;=10s后甲车的速度小于乙车,则两车在10s前没齐平,后面就不可能齐平,所以一定是在10s前发生齐平,当t=10s时有15?510?5x=?10m=100m,x=?10m=75m甲2乙2则x?x=25m<30m甲乙得t=0时刻两车在行驶方向上距离最大为25m,B错误,C正确;=0时刻行驶方向上相距10m,得10s内甲车追上乙车,且10s时甲车在乙车前方15m处,根据图像可知10s20s时乙车速度大于甲车速度,15s时甲车停止,在10s15s内甲车行驶距离为52x?=m=?1从10s20s内,乙车行驶的距离为52x?=m=25m乙2??<x??15m乙甲即乙车停止时仍然在甲车后面一定距离,则两车刹车过程中仅有一次并排行驶,D正确。本题选错误的,故选B。【详解】,由牛顿第二定律F?ma11小车前2s内的加速度为答案第2页,共9页:..a?2m/s21A错误;?at?2?2m/s?4m/s211对小车,由牛顿第二定律F?ma222s6s内,小车做匀减速直线运动,其加速度大小为a?1m/s22由运动学公式v?v?at3222可得,小车在第3s末的速度为v?3m/s3B错误;?at2?att?at26211113223代入数据解得x?12m6所以,小车在第6s末没有回到出发点,C错误;?6?m/s?2m/st6D正确。故选D。【详解】?at22可得加速度为答案第3页,共9页:..2x2?5a??m/s2?10m/s2t212选项A正确;:3:5…..,可知第2s内和第3s内位移大小分别为15m和25m,3s内位移大小为45m,选项BD错误;=at=10m/s11选项C错误;故选A。【详解】?2m?2m?2m,对物体A受力分析,由平衡条件可知ABCF?(m?m)gsin??2mgsin?BC在剪断弹簧的瞬间,弹簧的弹力突变为0,所以A、B成为连接体,整体受力分析由牛顿第二定律得,A、B共同加速度为F?mgsin?1a?B?gsin?m?m3AB代入数据解得,B的加速度大小为a?a?2m/s2BA正确,B错误;,对C受力分析,由平衡条件可得,弹簧对物体C的弹力为F?mgsin??mgsin?弹C在细线被烧断的瞬间,细线对物体B的拉力变为零,但弹簧的弹力不变,所以C仍然受力平衡,则此时C的加速度大小为a?0m/s2CC错误,D错误。故选A。【详解】本题中路程长度远远大于“千岛湖”舰的尺寸,所以研究舰队的行驶路程时可将“千岛湖”舰看作质点,故A错误;因为所有船只运动速度都相同,则以“千岛湖”舰为参考系,答案第4页,共9页:..“巢湖”舰是静止的,故B正确;“4500海里”是护舰艇走过的轨迹长度,因此为路程而不是位移,平均速率为路程和时间的比值,由于不知运动位移的大小,不能求出此次航行的平均速度,故C错误,【详解】,则小球的重力势能逐渐减小,选项A正确;,弹力小于重力,则加速度向下,随弹力增加,加速度减小,速度增加;当弹力等于重力时加速度为零速度最大;以后弹力大于重力,加速度向上,则小球的速度逐渐减小,则整个过程中小球的速度先增加后减小,则小球的动能先增大后减小,选项B错误;,则小球的机械能不守恒,选项C错误;,只有重力和弹力做功,则机械能守恒,选项D正确。故选AD。【详解】、B、C球由静止同时释放,所以落地瞬间的速度相等,由自由落体运动公式v2=2gH解得v=v?2gHACA正确;,C球碰地,反向碰B,B在反向碰A,因都是弹性碰撞,设向上为正方向,由动量守恒定律和机械能守恒定律,所以C碰B有mv?mv=mv'CCBBBB111mv2+mv2=mv?22CC2BB2BBB碰A有mv'?mv=mv'BBAAAA111mv?2+mv2=mv?22BB2AA2AA由以上几式可得m﹕m﹕m=1﹕2﹕6ABCB正确;,共9页:..v?=32gHAA球弹起的最大高度v?2=2ghAmaxv?2h?A?9Hmax2gC错误,D正确。故选ABD。【详解】(1)[1]由于纸带左端与小车相连,由图中可以看出两点之间的间距越来越大,故小车做加速运动;(2)[2]相邻的两计数点间的时间间隔T?,B点瞬时速度等于AC间的平均速度,?10?2v?AC?m/s=?[3]根据逐差法可知x????CEAC??10?2m/s2???22?dt??10?【详解】(1)[1]游标卡尺游标为20分度,,主尺读数为5mm,游标尺上第15个格对齐,故最终读数为5mm+×15mm==×10-3m(2)[2][3]实验中可通过力传感器来直接测量细线的拉力,不需要近似的将重物的重力约等于细线的拉力,故实验中不需要满足重物的质量远小于滑块(含挡光片)的质量,根据实验原理可知与滑块的释放位置无关。滑块的初始位置不需要保持不变。(3)[4]小车通过光电门A、B时的速度分别为ddv?,v?AtBt12以小车为研究对象,小车通过光电门A、B时,根据运动学规律有v2?v2?2aLBA解得答案第6页,共9页:..2?22?dt?ta?122Lt2t212(4)[5]对滑块(含遮光条),根据牛顿第二定律可得F?f1fa??F?MMM根据图象可得图象的斜率表示滑块(含遮光条)的质量的倒数,?k??kg??=.(1);(2)N43【详解】(1)对甲图,根据平衡条件可得Fcos30??f11F?Fsin30??mgN11f??F1N1联立解得3??4(2)对乙图,根据平衡条件可得Fcos30??f22F?mg?Fsin30?N22f??F2N2联立解得500F?N2314.(1)见解析;(2)875(m/s);(3)480(m)【详解】(1)由加速度图像可知,火箭做加速度逐渐增大的加速运动,故速度时间图像如图答案第7页,共9页:..(2)a-t图像面积为速度变化量,由于初速度为0,故50??15?20?υ??υ?m/s?875m/s2(3)t=8s时离地面高度为1h?at2?480m215.(1)a?10m/s2;(2)t?t?t?2s;(3)Q?24J112【详解】(1)对小煤块进行受力分析,由牛顿第二定律有mgsin???mgcos??ma1解得a?10m/s21(2)小煤块下滑到与传送带速度相等v?at11解得t?1s1此时小煤块的位移1x?at2121解得x?5m1解得x?L,又因为??tan?,小煤块继续下滑的加速度1a?gsin???gcos?2解得答案第8页,共9页:..a?2m/s22又1L?x?vt?at212222代入数据解得t?1s2t?t?t?2s12(3)第一阶段小煤块相对传送带位移?x?vt?x111解得?x?5m1第二阶段小煤块相对传送带位移?x?L?x?vt212解得?x?1m2摩擦产生的热量Q??mgcos???Δx?Δx?12解得Q?24J答案第9页,共9页

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