高三物理第二次诊断性考试试题.pdf

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、b两球所受细线的拉力大小不一相

a
、b两球的质量大小关系一满足mm
ab
、II
说明:试题分为第I卷〔选择题〕和第II卷〔非选择题〕两,第I卷为第的速度—~t时间内,以下说法中正
2
I页至第4页,第II卷为第5页至第8页。
字笔填涂到答题卡规位置上,书写在试题上的答案无效。考试时间90分钟。
2
第I卷〔共48分〕,t时刻两物体相距最远
1
v1v2
一、选择题〔本大题共12小题,每题4分。第1~8小题,、II两个物体的平均速度大小都是
2
求,第9~12小题有多面符合要求,选对得4分,选对但不全得2分,,II物体所受的合外力不断减小
得0分。〕,用钢筋弯成的支架,水平虚线MN的上端是半圆形,MN的下端笔直
。
,另一端从最高点B处沿支架缓慢地向C点靠近
〔C点与A点高〕.那么绳中拉力
,

,质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上,用
,轻弹簧两端分别固质量为m、m的小球a、b,通过两根细线将小球吊轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上,轻绳与斜面平行且
ab
,两细线与另一端固在竖直墙面上,不计小球与斜面间的摩擦,斜面体
水平方向的夹角均为,弹簧轴线沿水平方向,以与墙不接触,整个系统处于静止状态。那么


a
Mm
Mm
,斜轨道与半径为R的半圆轨道平滑连接,
高,B为轨道的最低点〔滑块经B点无机械能损失〕.现让小滑块〔可视为质点〕,箱内物体所受的策略与箱子底部对物体的支持力是一对平
从A点开始以速度v沿斜面向下运动,不计一切摩擦,关于滑块运动情况的分衡力
0
析,,A是静止在赤道上的物体,随地球自转而做匀速圆周运动;B、C是
=0,小滑块恰能通过C点,且离开C点后做自由落同一平面内两颗人造卫星,B位于离地高于地球半
0
体运动径的圆形轨道上,
0,小滑块能通过C点,且离开C点后做平抛运动度为,物体A和卫星B、C的线速度大小分别为
0
gR,小滑块恰能到达C点,且离开C点后做自由落体运动、、,周期大小分别为T、T、T,那么以下
0ABCABC
gR,小滑块恰能到达C点,且离开C点后做平抛运动关系正确的选项是
0
,50个大小相同、质量均为m的小物块,在平行于斜面向上的恒力FA.B.
ACACB
,<T<=T>T
ABCACB
30°,各物块与斜面的动摩擦因数相同,,AB为竖直面内半圆的水平直径。从A点水平抛出两个小球,小球1
为g,那么第3个小物块对第2个小物块的作用力大小的抛出速度为v、、小球2落在D点,
12
为C,,小
1
124

25252
F
,t
21212
,一个箱子内放置质量为m的物体,:v4::v3:5
1212
速度为零从足够高的高空释放,,其运动规律为
下落速度成正比,那么在箱子下落过程中,以下说法正确的x2t24t,y3t26t〔式中的物理量单位均为单位〕.关于物体的运动,以下说
选项是法正确的选项是




,三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动,两边的传送带长都
是2m,且与水平方向的夹角均为37°.现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s
的初速度沿传送带下滑,两物块与传送带间的动摩
,g=10m/s2,sin37°=,
cos37°=

、B同时到达传送带底端
、B的摩擦力都沿传送带向上

程
第II卷〔非选择题,共52分〕
二、题〔此题共两小题,共14分〕
13.〔6分〕小杨在学完力的合成与分解后,想自己做来验证力的平行四边形那
,按如下步骤进行.
,用来记录弹簧测力计的弹力大小和方向;
,记下静止时刻弹簧测力计的
示数F;
,再将细线两端拴在两个弹簧测力计的
挂钩上,在靠近白纸处用手对称地拉开细线,使两个弹簧测力计的示数相,在
白纸上记下细线的方向和弹簧测力计的示数,如图甲所示;
,如图乙所示,根据
力的平行四边形那么可求出这两个力的合力F.
〔1〕在步骤C中,弹簧测力计的示数为________N.
〔2〕在步骤D中,合力F__________N.
〔3〕假设_______________,就可以验证力的平行四边形那么.
14.〔8分〕为“探究加速度与力、质量的关系〞,=________kg.
复以下问题:15.〔10分〕货车A正在公路上以20m/s的速度匀速行驶,因疲劳驾驶司机注
〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响采取的做法是________;意力不集中,当司机发现正前方有一辆静止的轿车B时,两车距离仅有75m.
,使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动〔1〕假设此时B车立即以2m/s2的加速度启动,通过计算判断:如果A车司机
,使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动没有刹车,是否会撞上B车;;假设相撞,
,在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运求出从A车发现B车开始到撞上B车的时间.
动〔2〕假设A车司机发现B车,立即刹车〔不计反时间〕做匀减速直线运动,加
,在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木速度大小为2m/s2〔两车均视为质点〕.为防止碰撞,在A车刹车的同时,B车
板上立即做匀加速直线运动〔不计反时间〕,问:B车加速度a至少多大才能防止事
2
〔2〕在中,有同学得到一条打点的纸带,,相故.〔假设两车始终在同一条直线上运动〕
邻计数点间还有4个点没有画出来,打点计时器的电源频率为50Hz,那么小车16.〔13分〕一室中传送带装置如右图所示,其中AB段是水平的,长度L6m,
AB
加速度的大小为BC段是倾斜的,长度l5m,倾角为37,AB和BC在B点通过一段极短的
BC
圆弧连接〔图中未画出圆弧〕,传送带以v4m/
送带间的动摩擦因数=,重力加速度g取10m/〔可以看作
质点〕无初速度地放在A点,求:
〔1〕工件第一次到达B点所用的时间;
〔2〕工件沿传送带上升的最大位移;
〔3〕工件运动了18s时的速度大小.
17.〔15分〕如下图,质量为m1kg的小滑块,从光
a=___________m/s2:〔结果保存3位有效数字〕
滑、固的1/4圆弧轨道的最高点A由静止滑下,经最低点B后滑到位于水平面
〔3〕有一组同学保持小车及车中的砝码质量一,探究加速度a与所受外力F
=2kg,
的关系,他们在轨道水倾斜两种情况下分别做了,得到了两条aF,如下图.
个过程中木板的vt图像如下图,g取10m/s2.
其线______〔选填“①〞或“②〞〕是在轨道倾斜情况下得到的;小车及车中
求:〔1〕滑块经过B点时对圆弧轨道的压力;〔2〕设B车的加速度为a,B车运动经过时间t,
B
〔2〕滑块与木板之间的动摩擦因数;两车相遇时,两车速度相,那么v=v-at........1分v=at..........
A0ABB
〔3〕=v
AB
在时间t内A车的位移x=vt-at2/2.............1分B车的位移
A0A
2021级高三第二次诊断性考试
x=at2/..............1分
BB
+x=x...........1分联立可得a=2/3m/s2
B0AB
〔=〕................1分
一、选择题〔共48分〕
16.(13分〕解:(1)工件刚放在水平传送带上的加速度为a
1

由牛顿第二律得μmg=ma解得a=μg=5
11

m/s2...................1
二、题〔共14分〕
v
13.〔6分〕(1)(2)0(一范围内也给分)(3)F′近似在竖直方向,且数经t时间与传送带的速度相同,那么t==
11a
1
值与F近似相〔没有说明竖直方向,扣1分〕〔每空2分〕
s..............................1
14.〔8分〕(1)C(2)3(3)①〔每空2分〕
三、计算题〔共38分〕1
的位移为x=at2=
1211
15.(10分〕解〔1〕当两车速度相时,AB两车到达同一个位置,设经过的时间
m........................................................1
为t
那么:v=v对B车v=at联立可得:t=10sL-x
ABBA此后工件将与传送带一起匀速运动至B点,用时t=AB1=
2v
A车的位移x=vt=200mB车的位移x=at2/2=100m
AAB
又x+x=175m<x所以会撞上................2分s.............1.
B0A
设经过时间t相撞,有:vt=x+at2/2................1分所以工件第一次到达B点所用的时间t=t+t=
A012
代入数据解得:t=5s,t=15s〔舍去〕................1分
12s..........................................1
注:其他做法,只要正确同样给分
(2)设工件上升的最大位移为s在0-1s内,对木板μmg-μ〔M+m〕g=Ma1
211。。。。。。。。
.........2
mgsinmgcosmav22as...........1解解得
22
μ=,μ=...............2
得s=4m............112
(3)滑块在木板上滑动的过程中,对滑块
(3)工件沿传送带向上运动的时间为
μmg=ma.....1v=v-at......1
211.
2s
t2s..............................1
3木板的位移x=错误!未找到引用源。.....1滑块的位移x==错误!
v12
此后工件将在传送带上做往复运动,其周期为T,T=2t+2t=未找到引用源。.....1
13
解得滑块在木板上滑动的距离△x=x-x=3m.....1
21
s..............
工件从开始运动到第一次返回传送带的水平,且速度变为零所需时间
t=t+=s而18s=t+2T+
00
.................................2
v=at=....................................1
t
17.〔15分〕解:〔1〕从A到B由动能理得mgR=错误!未找到
引用源。mv2.....1
在B点,由牛顿第二律得N-mg=错误!未找到引用源。.......1
解的N=30N...............1
由牛顿第三律得滑块对轨道的压力是30N,方向竖直向下.........1
(2)由v-t图像知,在0-1s内,木板的加速度是a=1m/s2。。。。。。。1
1
在1-2s内,滑块与木板共同减速的加速度大小a=1m/s2。。。。。。。1
2
在1-2s内,对滑块和木板μ〔M+m〕g=〔M+m〕a。。。。。。。。1
12