中考物理易错题专题三物理欧姆定律(含解析)及解析.docx

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一、欧姆定律选择题
,滑动变阻器规格为“20Ω1A”。闭合开关,当浮球最低时
滑片

P滑到

a端,电流表示数为

,当浮球最高时,滑片

P滑到

b端,电流表示数为
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。以下说法错误的选项是

()
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,
1min内电阻R产生的热量
为450J
【答案】C
【分析】【解答】依据
和电源电压不变的特色,利用电路的两种状态,可得关系
式:
,
解得R为30Ω,代入得:
故电源电压为15V,AB选项正确,但不切合题意;
电阻R最小功率时,即电流最小时的功率,
,C
错误,切合题意;
在加满油后,滑片位于
b端,电流最大,
1min内电阻R产生的热量为:
,D正确,但不切合题意。
【剖析】,R与R′串连,电流表测电路中的电流;当滑片位于
a端时,电阻R的功率最
小,依据P=I2R求出其大小;在加满油后,滑片位于
b端,依据Q=I2Rt求出1min内电阻R
产生的热量.
,电源电压为8V恒定不变,R0为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合开关S后,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,依据图
象信息可知,以下判断错误的选项是()


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35Ω
【答案】C
【分析】【解答】解:由电路图可知,
R0与R串连,电压表测变阻器
R两头的电压,电流
表测电路中的电流。(
1)当滑动变阻器接入电路的电阻为
0时,电路为R0的简单电路,
电路中的电流最大,此时电路的总功率最大,
由乙图可知,电路中的最大电流
I大=,
由I=可得,R0的阻值:
R0===5Ω,A切合题意;
电路的最大总功率:
P大=UI大=8V×=,B切合题意;(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电
压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,
由乙图可知,电路中的最小电流I小=,变阻器R两头的电压UR=7V,
则R0的最小功率:
P0小=I小2R0=()2×5Ω=,C不切合题意;
滑动变阻器的最大阻值:
R大===35Ω,D切合题意。
故答案为:C。
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,当滑动变阻器接入电路的电阻为0时,电路中的电流最大,此时电路的功率最大,依据图象读出电路中的最大电
流,依据欧姆定律求出
R0的阻值,利用
P=UI求出电路的最大功率;当滑动变阻器接入电
路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,
R0的功率最小,依据图象读出
电路的最小电流和变阻器两头的电压,依据
P=UI=I2R求出R0的最小功率,再利用欧姆定律
求出滑动变阻器的最大阻值.
,电源电压
U保持不变,滑动变阻器

S1闭
合、S2和S3断开,滑动变阻器的滑片在最右端时,电压表示数是
U1,R1的功率是
P1;
当开关S2闭合、S1和S3断开,滑动变阻器的滑片在最左端时,电压表示数是
U1′,R2和
;当开关S1、S2和S3都闭合,滑动变阻器的滑片在最左端时,
R1
的功率是P1′;已知R2:R3=3:1,U1:U1′=3:2,P1:P1′=1:36。
以下结论正确的选项是(
)
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64W
【答案】C
【分析】【解答】解:第一过程:当开关
S1
2
3
闭合、S
和S断开,滑动变阻器的滑片在最右
端时,R1
和滑动变阻器
0
R1
的电压,电压表示数是
R的所有串连在电路中,电压表丈量
U
1
,如图甲。第二过程:当开关
S闭合、S和S断开,滑动变阻器的滑片在最左端时,
2
1
3
R、R、R串连在电路中,电压表丈量
R的电压,电压表示数是
U′,如图乙。已知R:
1
2
3
1
1
2
R=3:1,串连电路中功率比等于电阻比,所以
P:P=3:1,R
和R的功率之和是
3
2
3
2
3
,P2+P3=,所以,P2=,P3=,第三过程:当开关
S1、S2和S3都闭合,滑
动变阻器的滑片在最左端时,
R1、R2、R3并联在电路中,电压表丈量
R1的电压,电压表示
数是电源电压U,电流表丈量
R1、R2的总电流,如图丙。
甲图,电压表示数是U1
,R1的电压是U1,R1的功率是P1;丙图中电压表示数是
U,R1
的电压是U,R1
的功率是P1′;P1:P1′=1:36,关于同一导体,
,所以,,因为,R1和滑动变阻器R0的全
部串连在电路中,所以U0=56U,因为,R0=50Ω,串连电路中电压比等于电阻比,所以R1=10Ω。
甲图,电压表示数是U1,R1的电压是U1,乙图,电压表示数是U1′,R1的电压是U1′,
U1:U1′=3:2,又因为,所以,U1′=U,所以,乙图中
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,R1、R2、R3串连在电路中,串连电路中电压比等
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于电阻比,R1
=10
23
Ω,已知
2
3
2
3
Ω,又因为
Ω,R+R=80
R
:R=3:1,所以,
R=60
Ω,R=20
P2=,P3=,
所以,,解得:U2′=12V,同理解得U3′=4V,所以
U2′+U3′=12V+4V=16V,又因为,所以U1′=2V,所以电源电压为:
U=U1′+U2′+U3′=2V+16V=18V。
A、电源电压是18V,B、R2=60Ω,C、甲乙都是串连电路,电阻大,电流小,丙是并联电
路,电流大,电流表丈量R12
的电流,
=,
=,
、R
=,电流表丈量R1、R2的电流,所以,电流表示数最大为:
I'=I1+I2=+=,D、电路中并联电路电阻最小,电流最大,最大电流为:
I=I1+I2+I3=++=3A,所以电路最大功率为:P=UI=18V×3A=54W,
故答案为:C。
【剖析】联合题意,画出等效电路图,得出电压比率关系和电阻比率关系,求出三个定章
电阻的阻值,再依据功率关系导出电压值,求出电源电压,进一步逐项计算即可.
,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可
:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上挪动,且风速增大时电压
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(

)
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.
.
【答案】B
【分析】【解答】解:,当风吹过探头时,探头下方空气的流速大于上方空气的流速,探头下方空气压强小于上方空气压强,产生向下的压力差使弹簧压缩,滑片下移,故AD不切合题意;
,当风吹过探头时,探头上方空气的流速大于下方空气的流速,探头下
方空气压强盛于上方空气压强,产生向上的压力差使弹簧伸长,滑片上移,R2接入电路中
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C选项中电压表的示数变小,故
的电阻变小,电路中的总电阻变小;
由I=可知,电路中的电流变大,
由U=IR可知,R1两头的电压变大,即B选项中电压表的示数变大,故B切合题意;
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
所以,R2两头的电压变小,即C不切合题意.
应选B.
【剖析】依据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向,而后判断滑片挪动的方向确立接入电路中电阻的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两头的电压变化,,波及到串连电路的特色和欧姆定律的应用,会利用流体压强和流速的关系是解题的重点.
,电源电压不变,闭合开关S,当滑片
P置于滑动变阻器
R的最右端
B处
2
时,电压表的示数为4V,定值电阻R1
;当滑片P置于滑动变阻器
2
的中点
R
时,(
)



1:3


【答案】D
【分析】【解答】解:(1)由电路图可知,
R1与R2串连,电压表测滑动变阻器
R2两头的
电压,
因串连电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,当滑片在
B处时,电路中的电流:
I1=,
则滑动变阻器两头的电压:
U2=I1×R2=×R2=4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由图知,当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时,滑动变阻器的电阻减小,由串连分压的规
律可知,电压表的示数减小,即此时滑动变阻器两头电压为U2=4V﹣1V=3V,
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同理可得,此时滑动变阻器两头的电压:U2′=×=3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
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用①式比②式可得:=,
解得:R2=2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
将③代入①式可得:
=4V,
解得:U=6V,A不切合题意;(
2)当滑片P置于滑动变阻器
R2的最右端B处时,电压表
的示数为4V,定值电阻两头的电压为
U1=6V﹣4V=2V,
此时定值电阻R1的功率为
,即;P1=
=
=,
解得:R1=5Ω,
则R2=2R1=2×5Ω=10Ω,B不切合题意;(3)电路前后电流之比为I1:I2=:
=:=,C不切合题意;(4)电路总功率变化了:△P
=P2总﹣P1总=﹣=﹣=,D切合题意。
故答案为:D。
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,由滑片的挪动和电压表示数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数,则由欧姆定律可表示出滑片在不一样地点时滑动
变阻器两头的电压与电源电压电阻间的关系,联立可解得
R1与R最大值之间的关系及电源
的电压和R1与R2的关系;同理,当滑片
P置于滑动变阻器
R2的最右端B处时,电压表的
示数为4V,定值电阻两头的电压为
U1=6V-4V=2V,
和R2的阻值.
依据欧姆定律算出电路前后电流之比;再依据P=算出电路总功率的变化.
,重物越重,电表的示数就越大。以下四幅电路图中,R′是滑动变阻器,R
是定值电阻。此中切合地磅工作原理的是()
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.
【答案】B
【分析】【解答】,滑片向下运动,变阻器的阻值增大,电流表的示数变
小,故A不合题意;
'串连,电压表测电阻R的电压;当物重增大时,滑片向下运动,变阻
器阻值变小,它的电压变小;而总电压不变,所以电压表的示数变大,故B切合题意;
,当物重增大时,电流表的示数不变,故C不合题意;
,当物重增大时,电压表的示数几乎不变,故D不合题意。
应选B。
【剖析】(1)当电压不变时,电阻越大,电流越小;
2)在串连电路中,电压的分派与电阻成正比,即电阻越大,电压越大;
3)当物重增大时,判断滑动变阻器的滑片的运动方向,从而获得其阻值的变化,接下来再判断电表的示数变化。
-U图象。将小灯泡L和电阻R接入乙图所示电路中,只闭合开关S1时,小灯泡L的实质功率为1W。以下说法错误的选项是()

S1
时,小灯泡L的电阻为4
,

S2
时,
,在1min内电阻R产生的
热量为240J
【答案】D
【分析】【解答】(1)闭合开关S1时,灯泡的功率为1W,因为PLL
L
,所以从甲
=UI
图中找到电压和电流乘积为1的点,这时的电流就是灯泡的额定电流,电压就是灯泡的额
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定电压,也是电源电压;
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(2)再闭合开关S2时,电阻

R和灯泡

L并联,电流表示数增添量就是电阻

R的电流,从
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甲图中找到对应的电流即可;
(3)
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2时,依据P=UI计算出电阻
R的功率,而后依据P=PL
再闭合开关S
总
+P计算总功率;
(4)已知R的功率和时间依据Q=W=Pt计算产生的热量。
【剖析】
时,灯泡的功率为
1W,据甲图可知,当灯泡电压为
2V,电流为
,灯泡功率
P=UI=2V×=1W,所以电源电压是
2V,灯泡电阻:
LLL
,故A正确不合题意;

2时,电阻R和灯泡L并联,电流表示数增添量就是电阻
R的电流;据甲图
S
可知,当R电压为
2V时,,所以电流表示数增添
,故B正确不合题
意;

2时,电阻R的功率P=UI=2V×=,电路的总功率为:P
=PL
总
+P=1W+=,故
C正确不合题意;

2时,1min内电阻R产生的热量为:Q=W=Pt=×60s=24J,故D错误符
S
合题意。
应选D。
,闭合开关S,当滑片P向左挪动时,()

不变
【答案】D
【分析】【解答】解:因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路,所以,滑片挪动时,接入电路中的电阻不变,
此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串连,电压表测滑片右边部分两头的电压,电流表测电
路中的电流,
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由I=可知,电路中的电流不变,即电流表的示数不变,故
B错误;
因灯泡的亮暗取决于实质功率的大小,
所以,由P=I2R可知,灯泡的实质功率不变,亮暗不变,故
A错误;
由P=UI可知,电路的总功率不变,故
D正确;
当滑片P向左挪动时,电压表并联部分的电阻变大,
由U=IR可知,电压表的示数变大,.
【剖析】依据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片挪动时接入电路中的电阻不变,此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串连,电压表测滑片右边部分两头的电压,电流
表测电路中的电流,依据欧姆定律可知电路中电流的变化,依据
P=I2R可知灯泡实质功率
的变化,进一步判断亮暗的变化,依据
P=UI可知电路总功率的变化,依据滑片的挪动可知
滑片右边部分电阻的变化,依据欧姆定律可知电压表示数的变化.
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,电源电压保持不变,闭合开关

S,当滑动变阻器的滑片

P向右滑动时,
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以下说法正确的选项是()
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,,电流表A2示数
变小
【答案】D
【分析】【解答】解:(1)由图知,两电阻并联,电流表
A1测R1的电流,A2测并联电路
总电流。
因为并联电路各支路独立工作、互不影响,所以滑片挪动时经过定值电阻
R1的电流不变,
即电流表A1示数不变,AB不切合题意;(
2)当滑动变阻器的滑片
P向右滑动时,变阻器
连入电路中的电阻变大,由欧姆定律可知,经过变阻器的电流变小,因经过
R1的电流不
变,依据并联电路的电流规律可知,总电流变小,即电流表
A2示数变小,D切合题意,C
不切合题意。
故答案为:D。
【剖析】两电阻并联,电流表A1
测
1
2
R的电流,A测总电流:并联电路各支路独立工作、
互不影响,故电流表
A1示数不变;当滑动变阻器的滑片
P向右滑动时,变阻器连入电路中
的电阻变大,由欧姆定律剖析经过其的电流变化,因经过
R1的电流不变,依据串连电路电
流的规律,剖析电流表
A2示数变化.
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,滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,电流表和电压表的示数变化是()
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,,电压表示数变小

、电压表示数都变大
、电压表示数都变小
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【答案】C
【分析】【解答】依据图像,是灯泡和滑动变阻器的串连电路,电压表丈量灯泡分压,当滑片向左滑动,电阻减小,滑动变阻器分压减小,灯泡分压变大,所以电压表示数变大,电流表示数变大,C切合题意。
故答案为:C.
【剖析】依据电阻变大时,电流减小,减小的电阻分压减小。
,,电压表量程0~3V,电流表量程0﹣,滑动变阻器R的规格是“10Ω1A”,灯泡L标有“”字样,若闭合开关S,两电表示数均不超出所选的量程,灯泡两头电压不一样意超出额定电压,不考虑灯丝电阻的变
化,则以下说法正确的选项是()

~



~
10Ω
【答案】D
【分析】【解答】灯泡和滑动变阻器是并联的,电流表丈量整个电路电流,电压表丈量灯泡的电压。
灯泡电阻:RL
5Ω
当滑动变阻器向左挪动时,,因为要照料元件中最小的电流值,否
则会烧坏最小电流的用电器。
①当滑动变阻器电阻最小时,
电流表示数:(照料元件中最小的电流值)
电压表示数为:(,灯泡正常工作,电压表丈量灯泡电压,故电压表
)
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